hdu Inverting Cups
这题需要分类讨论:
第一种情况:
n为奇数m为偶数的情况无解,因为m为偶数,每次翻转将把从正面翻到反面的个数x减去从反面翻到正面的个数y,得到的数必定为偶数。因为x+y为偶数,x-y也为偶数。而总个数为奇数,所以无解。
第二种情况:
n能整除m显然直接输出n/m。
第三种情况:
n,m同奇偶,且3*m>n的时候,可以3次解决:
1.将m个正的变成反的,则此时正的有n-m个,反的有m个。
2.将(n-m)/2个正的翻成反的,将(3m-n)/2个反的翻成正的,此时正的有n-m-(n-m)/2+(3m-n)/2=m,反的有m+(n-m)/2-(3m-n)/2=n-m
3.将剩下m个正的翻成反的。
因为n,m同奇偶,所以(n-m)/2和(3m-n)/2必定为整数。
第四种情况:
如果n>3*m的话先每次将m个正的翻成反的,一直翻到剩下p个正的有3*m>p时再用上述方法翻。
当n为偶数,m为奇数,且3*m>n>2*m的时候,可以四步解决:
1.先将m个正的翻成反的,此时有n-m个正的,m个反的。
2.将(n-m-1)/2个正的翻成反的,将(3m-n+1)/2个反的翻成正的,则此时有m+1个正的,n-m-1个反的。
3.将(m+1)/2个正的硬币翻成反的,将(m-1)/2个反的硬币翻成正的,此时有m个正的,n-m个反的。
4.将剩下所有的正的翻过来。
第一次必须把m个正的翻成反的,最后一次必须把m个反的翻成正的,而对于m为奇数的情况,设把正面翻成反面的个数为x,反面翻成正面的个数为y,因为x+y=m为奇数,x-y也为奇数,所以必须经过偶数次翻转才能把杯子全部翻成反的,因此4次是最少的情况。
对于n>3*m显然也可以每次翻m个正的直到剩下p个正的,且有3*m>p的时候再用这种方法翻。
对于n<2*m的情况,翻转次数F(n,m)显然和F(n,n-m)相等,因为前面提到了,答案肯定是偶数,对于每两次翻转,(n,m)和F\(n,n-m)都能通过各自的方式得到同样的结果,因为每两次翻转将杯子翻转两遍的个数范围为[2m-n,m],也就是说这两次翻转只将[0,2(n-m)]的杯子翻转了一遍,而对于(n,n-m)的情况,翻转两次去掉重复翻转的,剩下的只翻转一次的杯子个数范围也是[0,2(n-m)],所以F(n,m)==F(n,n-m)。
每次只需要按照上面的方法判断一遍就可以给出结果了。
#include <stdio.h>
__int64 Solve(__int64 n,__int64 m)
{
if (n%m==) return n/m;
if (n%== && m%==) return -;
if (n>=*m) return (n/m-)+Solve(n%m+*m,m);
if ((n%)==(m%)) return ;
if (n>=*m) return ;
return Solve(n,n-m);
}
int main()
{
__int64 n,m,ret,q,r;
while(scanf("%I64d%I64d",&n,&m)!=EOF)
{
ret=Solve(n,m);
if (ret<) printf("No Solution!\n");
else printf("%I64d\n",ret);
}
return ;
}
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