vp的时候没码出来。。

我们用set去维护, 每一块区域, 每块区域内的元素与下一个元素的差值刚好为ki,每次加值的时候我们暴力合并,

可以发现我们最多合并O(n)次。 然后写个线段树就没了。

#include<bits/stdc++.h>
#define LL long long
#define fi first
#define se second
#define mk make_pair
#define PLL pair<LL, LL>
#define PLI pair<LL, int>
#define PII pair<int, int>
#define SZ(x) ((int)x.size())
#define ull unsigned long long using namespace std; const int N = 1e5 + ;
const int inf = 0x3f3f3f3f;
const LL INF = 0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
const int mod = 1e9 + ;
const double eps = 1e-;
const double PI = acos(-); int n, q, val[N], k[N];
LL prefix[N];
set<PII> seg;
char op[]; LL a[N << ], add[N << ];
#define lson l, mid, rt << 1
#define rson mid + 1, r, rt << 1 | 1
void push(int rt, int l, int mid, int r) {
if(add[rt]) {
a[rt << ] += add[rt] * (mid - l + );
a[rt << | ] += add[rt] * (r - mid);
add[rt << ] += add[rt];
add[rt << | ] += add[rt];
add[rt] = ;
}
}
void build(int l, int r, int rt) {
if(l == r) {
a[rt] = val[l];
return;
}
int mid = l + r >> ;
build(lson); build(rson);
a[rt] = a[rt << ] + a[rt << | ];
} void update(int L, int R, LL val, int l, int r, int rt) {
if(l >= L && r <= R) {
a[rt] += val * (r - l + );
add[rt] += val;
return;
}
int mid = l + r >> ;
push(rt, l, mid, r);
if(L <= mid) update(L, R, val, lson);
if(R > mid) update(L, R, val, rson);
a[rt] = a[rt << ] + a[rt << | ];
}
LL query(int L, int R, int l, int r, int rt) {
if(l >= L && r <= R) return a[rt];
int mid = l + r >> ;
push(rt, l, mid, r);
if(R <= mid) return query(L, R, lson);
else if(L > mid) return query(L, R, rson);
else return query(L, R, lson) + query(L, R, rson);
} int main() {
scanf("%d", &n);
for(int i = ; i <= n; i++) {
scanf("%d", &val[i]);
prefix[i] = prefix[i - ] + val[i];
}
for(int i = ; i < n; i++) scanf("%d", &k[i]);
for(int i = ; i <= n; i++) seg.insert(mk(i, i));
build(, n, );
scanf("%d", &q);
while(q--) {
scanf("%s", op);
if(op[] == '+') {
int x, v; scanf("%d%d", &x, &v);
auto sg = seg.upper_bound(mk(x, inf)); sg--;
int L = sg->fi, R = sg->se;
seg.erase(sg);
if(L <= x - ) seg.insert(mk(L, x - ));
update(x, R, v, , n, );
while(R < n) {
LL v1 = query(R, R, , n, );
LL v2 = query(R + , R + , , n, );
if(v1 + k[R] <= v2) break;
LL add = v1 + k[R] - v2;
auto sg = seg.lower_bound(mk(R + , R + ));
update(sg->fi, sg->se, add, , n, );
R = sg->se;
seg.erase(sg);
}
seg.insert(mk(x, R));
} else {
int L, R; scanf("%d%d", &L, &R);
printf("%lld\n", query(L, R, , n, ));
}
}
return ;
} /*
*/

Codeforces 1136E Nastya Hasn't Written a Legend 线段树的更多相关文章

  1. Codeforces 1136E - Nastya Hasn't Written a Legend - [线段树+二分]

    题目链接:https://codeforces.com/problemset/problem/1136/E 题意: 给出一个 $a[1 \sim n]$,以及一个 $k[1 \sim (n-1)]$, ...

  2. Codeforces 1136E Nastya Hasn't Written a Legend (线段树教做人系列)

    题意:有一个数组a和一个数组k,数组a一直保持一个性质:a[i + 1] >= a[i] + k[i].有两种操作:1,给某个元素加上x,但是加上之后要保持数组a的性质.比如a[i]加上x之后, ...

  3. codeforces#1136E. Nastya Hasn't Written a Legend(二分+线段树)

    题目链接: http://codeforces.com/contest/1136/problem/E 题意: 初始有a数组和k数组 有两种操作,一,求l到r的区间和,二,$a_i\pm x$ 并且会有 ...

  4. [Codeforces 464E] The Classic Problem(可持久化线段树)

    [Codeforces 464E] The Classic Problem(可持久化线段树) 题面 给出一个带权无向图,每条边的边权是\(2^{x_i}(x_i<10^5)\),求s到t的最短路 ...

  5. Codeforces Round #244 (Div. 2) B. Prison Transfer 线段树rmq

    B. Prison Transfer Time Limit: 20 Sec Memory Limit: 256 MB 题目连接 http://codeforces.com/problemset/pro ...

  6. Codeforces Round #603 (Div. 2) E. Editor(线段树)

    链接: https://codeforces.com/contest/1263/problem/E 题意: The development of a text editor is a hard pro ...

  7. Educational Codeforces Round 6 E. New Year Tree dfs+线段树

    题目链接:http://codeforces.com/contest/620/problem/E E. New Year Tree time limit per test 3 seconds memo ...

  8. codeforces 893F - Physical Education Lessons 动态开点线段树合并

    https://codeforces.com/contest/893/problem/F 题意: 给一个有根树, 多次查询,每次查询对于$x$i点的子树中,距离$x$小于等于$k$的所有点中权值最小的 ...

  9. Codeforces Round #530 (Div. 2) F (树形dp+线段树)

    F. Cookies 链接:http://codeforces.com/contest/1099/problem/F 题意: 给你一棵树,树上有n个节点,每个节点上有ai块饼干,在这个节点上的每块饼干 ...

随机推荐

  1. 设计模式--观察者模式Observer(对象行为型)

    一.观察者模式 观察者模式是在对象之间定义一对多的依赖,这样一来,当一个对象改变状态,依赖它的对象都会收到通知,并自动更新.观察者模式也被称之为:主题-观察者模式,发布-订阅模式,前者是一,后者是多. ...

  2. Linux命令之nohup和重定向

    用途:不挂断地运行命令.语法:nohup Command [ Arg ... ] [ & ]描述:nohup 命令运行由 Command 参数和任何相关的 Arg 参数指定的命令,忽略所有挂断 ...

  3. Android应用开发中三种常见的图片压缩方法

    Android应用开发中三种常见的图片压缩方法,分别是:质量压缩法.比例压缩法(根据路径获取图片并压缩)和比例压缩法(根据Bitmap图片压缩). 一.质量压缩法 private Bitmap com ...

  4. iOS 高德地图轨迹回放的 思路, 及方法

    // 开始,公司要求制作一段跑步轨迹 在地图上的 动画回放, 传入一段经纬度, 开始一想,这不是很简单吗, 高德地图有可以把经纬度转换成坐标点的方法 /** * @brief 将经纬度转换为指定vie ...

  5. Oracle 口令文件:即 oracle密码文件

    一:文件路径位置 [oracle@localhost db_1]$ cd $ORACLE_HOME/dbs [oracle@localhost dbs]$ ls dbsorapwPROD1 hc_or ...

  6. ORACL内部异常:

    ORACL内部异常: ORA-00001: 违反唯一约束条件 (.) ORA-00017: 请求会话以设置跟踪事件 ORA-00018: 超出最大会话数 ORA-00019: 超出最大会话许可数 OR ...

  7. pythonz之__new__与__init__

    new __new__是用来控制对象的生成过程,在对象生成之前 __init__是用来完善对象的 如果new方法不返回对象(return super().new(cls)),则不会调用init函数 c ...

  8. Android UiAutomator - CTS Frame

    使用UiAutomator进行UI自动化测试后,生成的测试结果并不是很美观.为了生成一份好看的测试结果(报告),本文将使用CTS框架,当然也可以自己编写一份测试报告框架(如:生成html,excel报 ...

  9. cf441 f组合数。。单调指针

    e没学过做不出来.. 处理合法的区间很麻烦,但是处理非合法的区间很容易 答案就是所有的取法-不合法的区间 这题一定要双边界推进处理!!!! 一开始用单边界向右推进,结果后来发现错了,拿样例1就可以证明 ...

  10. lightoj 1220 唯一分解定理

    #include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define maxn 1000005 #define ll long long int v[m ...