Brave Game

Time Limit: 1000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 9475    Accepted Submission(s): 6308

Problem Description
十年前读大学的时候,中国每年都要从国外引进一些电影大片,其中有一部电影就叫《勇敢者的游戏》(英文名称:Zathura),一直到现在,我依然对于电影中的部分电脑特技印象深刻。
今天,大家选择上机考试,就是一种勇敢(brave)的选择;这个短学期,我们讲的是博弈(game)专题;所以,大家现在玩的也是“勇敢者的游戏”,这也是我命名这个题目的原因。
当然,除了“勇敢”,我还希望看到“诚信”,无论考试成绩如何,希望看到的都是一个真实的结果,我也相信大家一定能做到的~

各位勇敢者要玩的第一个游戏是什么呢?很简单,它是这样定义的:
1、  本游戏是一个二人游戏;
2、  有一堆石子一共有n个;
3、  两人轮流进行;
4、  每走一步可以取走1…m个石子;
5、  最先取光石子的一方为胜;

如果游戏的双方使用的都是最优策略,请输出哪个人能赢。

 
Input
输入数据首先包含一个正整数C(C<=100),表示有C组测试数据。
每组测试数据占一行,包含两个整数n和m(1<=n,m<=1000),n和m的含义见题目描述。
 
Output
如果先走的人能赢,请输出“first”,否则请输出“second”,每个实例的输出占一行。
 
Sample Input
2
23 2
4 3
 
Sample Output
first
second

找半天才找到这题的原型:巴什博弈

显然,如果n=m+1,那么由于一次最多只能取m个,所以,无论先取者拿走多少个,后取者都能够一次拿走剩余的物品,后者取胜。因此我们发现了如何取胜的法则:如果n=(m+1)r+s,(r为任意自然数,s≤m),那么先取者要拿走s个物品,如果后取者拿走k(≤m)个,那么先取者再拿走m+1-k个,结果剩下(m+1)(r-1)个,以后保持这样的取法,那么先取者肯定获胜。总之,要保持给对手留下(m+1)的倍数,就能最后获胜。

设n=k*(m+1)+s。

若s不等于0:则First取掉那个s,则状态变成从Second开始,每次Second取(肯定小于m+1),然后first取与second互补(相加为m+1)的数,比如当m=6,Second取5,那么First就取1(6-5),这样(S-F)一对对地取一直到最后只剩下m+1个,依旧是Second只能取1~m个,那么剩下的小于等于m,直接被First取光。First赢。

否则显然First成了上面情况下的Second,Second便是上局的First,Second赢了

代码:

#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cstdlib>
#include<sstream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<string>
#include<deque>
#include<cmath>
#include<queue>
#include<set>
#include<map>
using namespace std;
int main (void)
{
int n,m;
int t;
scanf("%d",&t);
while (t--)
{
scanf("%d%d",&n,&m);
if(m>=n)
{
printf("first\n");
}
else
{
if(n%(m+1)==0)
printf("second\n");
else
printf("first\n");
}
}
return 0;
}

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