【题解】洛谷P1941 [NOIP2014TG] 飞扬的小鸟（背包DP）

次元传送门：洛谷P1941

思路

从题意可知 在每个单位时间内 可以无限地向上飞 但是只能向下掉一次

所以我们可以考虑运用背包解决这道题

上升时 用完全背包

下降时 用01背包

设f[x][y]为在坐标(x,y)时的最小点击屏幕次数

当飞到天花板时和撞到柱子时特判

一开始设ans为极大值

如果最后一排的值都为极大值则无解

如果无解就倒着回来判断最远能到达第几根柱子

代码

#include<iostream>
#include<cstring>
using namespace std;
#define maxn 10010
int up[maxn],down[maxn],low[maxn],high[maxn];
int f[maxn][];
bool vis[maxn];
int n,m,k,cnt,ans;
int main()
{
    memset(f,0x3f,sizeof(f));//初始化为极大值
    cin>>n>>m>>k;
    for(int i=;i<=n;i++) cin>>up[i]>>down[i];
    for(int i=;i<=n;i++)//初始化柱子
    {
        low[i]=;
        high[i]=m;
    }
    for(int i=;i<=k;i++)
    {
        int x,y,z;
        cin>>x>>y>>z;
        vis[x]=;
        low[x]=y+;
        high[x]=z-;
    }
    for(int i=;i<=m;i++) f[][i]=;//第一排全是0
    for(int i=;i<=n;i++)//枚举x坐标
    {
        for(int j=+up[i];j<=m+up[i];j++)//完全背包 当前点可以由前一个点上升一次而来
            f[i][j]=min(f[i-][j-up[i]]+,f[i][j-up[i]]+);//也可以由当前点上升一次而来
        for(int j=m+;j<=m+up[i];j++)//天花板特判
            f[i][m]=min(f[i][m],f[i][j]);
        for(int j=;j<=m-down[i];j++)//01背包 当前点由前一个点掉下来
            f[i][j]=min(f[i][j],f[i-][j+down[i]]);
        for(int j=;j<low[i];j++)//判断柱子
            f[i][j]=f[][]; //赋值为极大值
        for(int j=high[i]+;j<=m;j++)
            f[i][j]=f[][];
    }
    ans=f[][];//赋值为极大值
    for(int i=;i<=m;i++) ans=min(ans,f[n][i]);//查询ans
    if(ans<f[][])
        cout<<<<endl<<ans;//如果有ans
    else//如果无解
    {
        int now,j;
        for(now=n;now>=;now--)//倒着判断
        {
            for(j=;j<=m;j++)//如果当前排可以到达就退出
                if(f[now][j]<f[][]) break;
            if(j<m) break;
        }
        ans=;
        for(int i=;i<=now;i++)
            if(vis[i]) ans++;//计算可以到达的x坐标中有几个管子
        cout<<<<endl<<ans;
    }
}