HDU4628

 /*状态转移f[i]=min(f[i],f[j]+f[i^j]);
 就是j状态+i^j状态=i状态，f[i]记录的是从i删除1要的最小步数*/
 #include<string.h>
 #include<stdio.h>
 #include<algorithm>
 using namespace std;
 const int N=;
 int f[N];
 int n;
 char s[];
 int min(int a,int b)
 {
     if(a<b) return a;
     return b;
 }
 int can(int x)//x代表的是从原来串中取得的子串，比如abcdef，如果x=111000，那么就是取abc，1代表取，0代表不取
 {
     int i,j;
     int l=,r=n-;
     while (l<=r)
     {
         /*两个while是将开头和结尾的每一对1取出来比较*/
         while (l<n&&(x&(<<l))==) l++;//当遇到1或l>n时跳出
         while (r>=&&(x&(<<r))==) r--;
         if (s[l]!=s[r]) return ;//如果取出来的子串不满足回文就返回0
         else
         {
             l++;r--;//继续取对1
         }
     }
     return ;
 }
 int main()
 {
     int i,j;
     int ca;
     scanf("%d",&ca);
     while (ca--)
     {
         scanf("%s",s);
         n=strlen(s);
         f[]=;//一个都不取
         for (i=;i<(<<n);i++)//遍历所有状态，其实可以开个数组，记录一下满足的状态，那样可以省时间吗
         {
             if (can(i)) f[i]=;//满足回文就可以一步删除
             else f[i]=;//不满足就置为一个大于n的数
         }
         for (i=;i<(<<n);i++)//遍历所有状态
             for (j=(i-)&i;j;j=(j-)&i)//删除操作，j是i的下一个状态
                 f[i]=min(f[i],f[j]+f[i^j]);//i^j是在i中删除j剩下的状态，不如1001^1000=0001,0001就是删除1000剩下的
         printf("%d\n",f[(<<n)-]);//结果就是删除n个1需要的最小步数，n个1代表n个都要取到
     }
     return ;
 }
                     

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