HDU 1253-大逃亡（裸-DBFS）

G - 胜利大逃亡

Time Limit:2000MS     Memory Limit:32768KB     64bit IO Format:%I64d
& %I64u

Submit Status 

id=889" class="ui-button ui-widget ui-state-default ui-corner-all ui-button-text-only" style="font-family:Verdana,Arial,sans-serif; border:1px solid rgb(211,211,211); background-color:rgb(227,228,248); color:rgb(85,85,85); display:inline-block; position:relative; padding:0px; margin-right:0.1em; zoom:1; overflow:visible; text-decoration:none">Practice HDU
1253

Description

Ignatius被魔王抓走了,有一天魔王出差去了,这但是Ignatius逃亡的好机会.



魔王住在一个城堡里,城堡是一个A*B*C的立方体,能够被表示成A个B*C的矩阵,刚開始Ignatius被关在(0,0,0)的位置,离开城堡的门在(A-1,B-1,C-1)的位置,如今知道魔王将在T分钟后回到城堡,Ignatius每分钟能从一个坐标走到相邻的六个坐标中的当中一个.如今给你城堡的地图,请你计算出Ignatius是否能在魔王回来前离开城堡(仅仅要走到出口就算离开城堡,假设走到出口的时候魔王刚好回来也算逃亡成功),假设能够请输出须要多少分钟才干离开,假设不能则输出-1.

 

Input

输入数据的第一行是一个正整数K,表明測试数据的数量.每组測试数据的第一行是四个正整数A,B,C和T(1<=A,B,C<=50,1<=T<=1000),它们分别代表城堡的大小和魔王回来的时间.然后是A块输入数据(先是第0块,然后是第1块,第2块......),每块输入数据有B行,每行有C个正整数,代表迷宫的布局,当中0代表路,1代表墙.(假设对输入描写叙述不清楚,能够參考Sample Input中的迷宫描写叙述,它表示的就是上图中的迷宫)



特别注意:本题的測试数据很大,请使用scanf输入,我不能保证使用cin能不超时.在本OJ上请使用Visual C++提交.

 

Output

对于每组測试数据,假设Ignatius可以在魔王回来前离开城堡,那么请输出他最少须要多少分钟,否则输出-1.

 

Sample Input

1
3 3 4 20
0 1 1 1
0 0 1 1
0 1 1 1
1 1 1 1
1 0 0 1
0 1 1 1
0 0 0 0
0 1 1 0
0 1 1 0

 

Sample Output

11

 

真正的裸3维BFS

基本上没什么要注意。暴力宽搜

<span style="font-size:18px;">#include <cstdio></span><span style="font-size: 17px;">
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <queue>
using namespace std;
int A,B,C,T;
bool vis[60][60][60];
bool ma[60][60][60];
typedef struct node
{
	int x,y,z,step;
};
int mv[6][3]={{0,0,1},{0,0,-1},{1,0,0},{-1,0,0},{0,1,0},{0,-1,0}};//6个方向
void bfs()
{
	queue <node> Q;
	node  t; t.x=0;t.y=0;t.z=0;t.step=0;
	vis[0][0][0]=1;
	Q.push(t);
	while(!Q.empty())
	{
		node f=Q.front();Q.pop();
		if(f.x==A-1&&f.y==B-1&&f.z==C-1)
		{
			if(f.step<=T)
			{
				printf("%d\n",f.step);
				return ;
			}
			else
			{
				puts("-1");
				return ;
			}
		}
		for(int i=0;i<6;i++)
		{
			t.x=f.x+mv[i][0];
			t.y=f.y+mv[i][1];
			t.z=f.z+mv[i][2];
			if(0<=t.x&&t.x<A&&0<=t.y&&t.y<B&&0<=t.z&&t.z<C&&!vis[t.x][t.y][t.z]&&!ma[t.x][t.y][t.z])
			{
				vis[t.x][t.y][t.z]=1;
				t.step=f.step+1;
				Q.push(t);
			}
		}
	}
	puts("-1");
}
int main()
{
	int K,i,j,k;
	scanf("%d",&K);
	while(K--)
	{
		scanf("%d%d%d%d",&A,&B,&C,&T);
		memset(vis,0,sizeof(vis));
		for(i=0;i<A;i++)
			for(j=0;j<B;j++)
			   for(k=0;k<C;k++)
			   scanf("%d",&ma[i][j][k]);
		    bfs();
	}
    return 0;
}</span>

版权声明：本文博客原创文章，博客，未经同意，不得转载。