HZOJ 分组

打了好多个代码。

对于测试点1，11：手动模拟。

 void QJ1_11()
 {
     if(n==)
     {
         int tk;
         if(pd(a[]+a[]))tk=;
         else tk=;
         if(tk<=k)
         {
             puts("");
             puts("");
         }
         else
         {
             puts("");
             printf("%d\n",);
         }
         exit();
     }
 }

对于测试点2～6：

可以用贪心的方法，从后往前扫，每遇到一个数，判断是否可以加入当前段，不行则断开。复杂度$n^2$.

 void QJ2_6()
 {
     if(k==)
     {
         if(n==||n==||n==||n==)
         {
             LL l=n,num=;
             for(int i=n;i;i--)
             {
                 for(int j=l;j>i;j--)
                 if(pd(a[i]+a[j]))
                 {
                     num++,ans[++cnt]=i,l=i;break;
                 }
             }
             if(ans[cnt]==&&cnt!=){cnt--;}
             else num++;
             printf("%lld\n",num);
             for(int i=cnt;i;i--)
                 printf("%lld ",ans[i]);
             exit();
         }
     }
 }

对于测试点7～10：

n=131072，那么换一种枚举方法，判断是否存在啊a[j]+a[i]=x^2,开一个桶，只需要枚举x（1～512）即可。复杂度n*√n。

 void QJ7_10()
 {
     if(k==)
     {
         if(n==)
         {
             int num=;
             for(int i=n;i;i--)
             {
                 for(int j=;j&&j*j>a[i];j--)
                 if(t[j*j-a[i]])
                 {
                     num++,ans[++cnt]=i;ma(t);break;
                 }
                 t[a[i]]=;
             }
             if(ans[cnt]==&&cnt!=){cnt--;}
             else num++;
             printf("%d\n",num);
             for(int i=cnt;i;i--)
                 printf("%lld ",ans[i]);
             exit();
         }
     }
 }

对于测试点12～25：

同样的贪心方法，将矛盾的两只兔子连边，如果此时是一张二分图，那么一定可以将其分成两个小团体使其不发生矛盾，k=2，否则就断开。理论复杂度$n^2$,实际上因为点比较水（可能出题人觉得这是$n^3$，所以没有卡这个算法），可以A掉，跑的还挺快。

 void QJ12_25()
 {
     if(k==)
 //    if(n==4||n==8||n==16)
     {
         int num=,l=n;
         for(re int i=n;i;i--)
         {
             for(re int j=l;j>i;j--)
             if(pd(a[i]+a[j]))
                 add(i,j),add(j,i);
             for(re int j=l;j>=i;j--)co[j]=;
             if(!dfs(i,))
             {
                 l=i;num++;ans[++cnt]=i;
                 for(re int j=l;j>=i;j--)first[j]=;
                 num_e=;
             }
         }
         if(ans[cnt]==&&cnt!=){cnt--;}
         else num++;
         printf("%d\n",num);
         for(re int i=cnt;i;i--)
             printf("%lld ",ans[i]);
         exit();
     }
 }

同样对k=2的正解：

这个我还没打，先坑着。