NOIP模拟 7.01

水灾（sliker.cpp/c/pas） 1000MS  64MB

大雨应经下了几天雨，却还是没有停的样子。土豪CCY刚从外地赚完1e元回来，知道不久除了自己别墅，其他的地方都将会被洪水淹没。

CCY所在的城市可以用一个N*M(N,M<=50)的地图表示，地图上有五种符号：“. * X D S”。其中“X”表示石头，水和人都不能从上面经过。“.”表示平原，CCY和洪水都可以经过。“*”表示洪水开始地方（可能有多个地方开始发生洪水）。“D”表示CCY的别墅。“S”表示CCY现在的位置。

CCY每分钟可以向相邻位置移动，而洪水将会在CCY移动之后把相邻的没有的土地淹没（从已淹没的土地）。

求CCY回到别墅的最少时间。如果聪哥回不了家，就很可能会被淹死，那么他就要膜拜黄金大神涨RP来呼叫直升飞机，所以输出“ORZ hzwer!!!”。

输入文件 sliker.in

输出文件 sliker.out

Input

3 3

D.*

…

.S.

Output

3

Input

3 3

D.*
…

..S

Output

ORZ hzwer!!!

Input

3 6

D...*.

.X.X..

....S.

Output

6

bfs.忘记了特判xx > n 或者 yy > m导致RE。。

 #include <cstdio>
 #include <cstring>
 #include <cstdlib>
 #include <cstring>
 #include <algorithm>
 #include <vector>
 #include <queue>
 #include <stack>
 inline void read(int &x)
 {
     x = ;char ch = getchar();char c = ch;
     while(ch < '' || ch > '')c = ch, ch = getchar();
     while(ch <= '' && ch >= '')x = x *  + ch - '', ch = getchar();
     if(c == '-')x = -x;
 }
 inline int max(int a, int b){return a > b ? a : b;}
 inline int min(int a, int b){return a > b ? b : a;}
 inline void swap(int &a, int &b){int tmp = a;a = b;b = tmp;}

 const int INF = 0x3f3f3f3f;
 const int MAXN =  + ;
 const int MAXM =  + ;
 const int dirx[] = {,,,-};
 const int diry[] = {,-,,};

 char g[MAXN][MAXM];int n,m;
 bool b[MAXN][MAXM];//人不能在拓展的地方
 bool bb[MAXN][MAXM];//洪水不能再拓展的地方
 int ex,ey;
 struct Node
 {
     int x,y,t;//t代表第几轮
 }q[];
 int cnt;

 std::queue<int> q1,q2;//1为人的队列，2为洪水队列  

 inline int bfs()
 {
     int ans = ;
     Node tmp;
     while(!q1.empty())
     {
         int k;
         //先做队列2
         if(q2.empty())goto L1;
         tmp = q[q2.front()];
         k = tmp.t;
         while(!q2.empty())
         {
             tmp = q[q2.front()];
             if(k != tmp.t)break;
             q2.pop();
             for(int i = ;i < ;++ i)
             {
                 int xx = tmp.x + dirx[i],yy = tmp.y + diry[i];
                 if(xx <=  || yy <=  || xx > n || yy > m)continue;
                 if(!bb[xx][yy])
                 {
                     q[++cnt] = Node{xx, yy, tmp.t + };
                     bb[xx][yy] = b[xx][yy] = true;
                     q2.push(cnt);
                 }
             }
         }
         //再做队列1
 L1:        tmp = q[q1.front()];
         k = tmp.t;
         while(!q1.empty())
         {
             tmp = q[q1.front()];
             if(k != tmp.t)break;
             q1.pop();
             for(int i = ;i < ;++ i)
             {
                 int xx = tmp.x + dirx[i],yy = tmp.y + diry[i];
                 if(xx <=  || yy <=  || xx > n || yy > m)continue;
                 if(xx == ex && yy == ey)return k + ;
                 if(!b[xx][yy])
                 {
                     q[++cnt] = Node{xx, yy, tmp.t + };
                     b[xx][yy] = true;
                     q1.push(cnt);
                 }
             }
         }
     }
     return -;
 }

 int main()
 {
     read(n);read(m);
     for(register int i = ;i <= n;++ i)
     {
         scanf("%s", g[i] + );
         for(register int j = ;j <= m;++ j)
         {
             if(g[i][j] == 'D')
                 ex = i, ey = j, bb[i][j] = true;
             else if(g[i][j] == 'X')
                 bb[i][j] = b[i][j] = true;
             else if(g[i][j] == '*')
             {
                 b[i][j] = bb[i][j] = true;
                 q[++cnt] = Node{i,j,};
                 q2.push(cnt);
             }
             else if(g[i][j] == 'S')
             {
                 b[i][j] = true;
                 q[++cnt] = Node{i,j,};
                 q1.push(cnt);
             }
         }
     }
     int ans = bfs();
     if(ans == -)printf("ORZ hzwer!!!");
     else printf("%d", ans);
     return ;
 }

某种数列问题  (jx.cpp/c/pas) 1000MS 256MB

众所周知，chenzeyu97有无数的妹子(阿掉！>_<)，而且他还有很多恶趣味的问题，继上次纠结于一排妹子的排法以后，今天他有非(chi)常(bao)认(cheng)真(zhe)去研究一个奇怪的问题。有一堆他的妹子站成一排，然后对于每个妹子有一个美丽度，当然美丽度越大越好，chenzeyu97妹子很多，但是质量上不容乐观，经常出现很多美丽度为负数的妹子(喜闻乐见)，chenzeyu97希望从一排妹子里找出3队连续的妹子，使她们的美丽度和最大。注意，一个妹子不能被编入多个队伍而且一定要拿出三队，不然czy会闲着没事做~。

简单滴说就是：

给定一个数列，从中找到3个无交集的连续子数列使其和最大。

【输入文件】

第一行一个数n，表示数列长度。

接下来有n行，每行一个数，第i行为第i个数。

【输出文件】

仅有一个数，表示最大和。

【样例输入】 jx.in

10

-1

2

3

-4

0

1

-6

-1

1

-2

【样例输出】 jx.out

7

【样例说明】

第一队妹子取2，3。

第二队妹子取0，1。

第三队妹子取1。

【数据范围】

请大家放心，虽然chenzeyu97妹子无数，但是这次他叫来的个数n是有限的。=v=

对于30%的数据，妹子数不大于200。

对于60%的数据，妹子数不大于2000。

对于100%的数据，妹子数1000000。

而且，由于chenzeyu97没有CCR那样的影响力，所以他的妹子选完的最大美丽度和不超过maxlongint。(注:CCR随便选就爆long long，因为他是把妹狂魔=V=)。

f[i][j]表示前i个数选j段且第i - 1个数必须选所能获得的最大收益
f[i][0] = max(f[i - 1][0] + num[i], num[i])
f[i][1] = max(f[i - 1][1] + num[i], f[j][0] + num[i]  j<i)
f[i][2] = max(f[i - 1][2] + num[i], f[j][1] + num[i]  j<i)

用最大值优化一下即可

 #include <cstdio>
 #include <cstring>
 #include <cstdlib>
 #include <cstring>
 #include <algorithm>
 #include <vector>
 #include <queue>
 #include <stack>
 inline void read(long long &x){x = ;char ch = getchar();char c = ch;while(ch < '' || ch > '')c = ch, ch = getchar();while(ch <= '' && ch >= '')x = x *  + ch - '', ch = getchar();if(c == '-')x = -x;}
 inline long long max(long long a, long long b){return a > b ? a : b;}
 inline long long min(long long a, long long b){return a > b ? b : a;}
 inline void swap(long long &a, long long &b){int tmp = a;a = b;b = tmp;}

 const long long INF = 0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
 const long long MAXN =  + ;

 long long num[MAXN];
 long long sum;
 long long n;
 long long ma;

 long long f[MAXN][];

 long long ma1, ma2;

 long long ans;

 int main()
 {
     read(n);
     ma1 = ma2 = ans = -INF;
     for(register int i = ;i <= n;++ i)
         read(num[i]);
     f[][] = num[];
     f[][] = max(num[] + num[], num[]);
     f[][] = num[] + num[];
     ma1 = max(f[][], f[][]);
     ma2 = f[][];
     f[][] = max(f[][] + num[], num[]);
     f[][] = max(f[][] + num[], ma1 + num[]);
     f[][] = num[] + num[] + num[];
     ma2 = max(ma2, f[][]);
     ma1 = max(ma1, f[][]);
     for(register int i = ;i <= n;++ i)
     {
         f[i][] = max(f[i - ][] + num[i], num[i]);
         f[i][] = max(f[i - ][] + num[i], ma1 + num[i]);
         f[i][] = max(f[i - ][] + num[i], ma2 + num[i]);
         ma1 = max(ma1, f[i][]);
         ma2 = max(ma2, f[i][]);
     }
     ans = f[][];
     for(register int i = ;i <= n;++ i)
     {
         ans = max(ans, f[i][]);
     }
     printf("%lld", ans);
     return ;
 }

密码锁 1000MS 512MB

Input: password.in

Output: password.out

【题目描述】

hzwer有一把密码锁，由N个开关组成。一开始的时候，所有开关都是关上的。当且仅当开关x1,x2,x3,...xk为开，其他开关为关时，密码锁才会打开。

他可以进行M种的操作，每种操作有一个size[i]，表示，假如他选择了第i种的操作的话，他可以任意选择连续的size[i]个格子，把它们全部取反。（注意，由于黄金大神非常的神，所以操作次数可以无限>_<）

本来这是一个无关紧要的问题，但是，黄金大神不小心他的钱丢进去了，没有的钱他哪里能逃过被chenzeyu97 NTR的命运？>_<  于是，他为了虐爆czy，也为了去泡更多的妹子，决定打开这把锁。但是他那么神的人根本不屑这种”水题”。于是，他找到了你。

你的任务很简单，求出最少需要多少步才能打开密码锁，或者如果无解的话，请输出-1。

【输入格式】

第1行，三个正整数N，K，M，如题目所述。

第2行，K个正整数，表示开关x1,x2,x3..xk必须为开，保证x两两不同。

第三行，M个正整数，表示size[i]，size[]可能有重复元素。

【输出格式】

输出答案，无解输出-1。

【样例输入1】

10 8 2

1 2 3 5 6 7 8 9

3 5

【样例输出1】

2

【样例输入2】

3 2 1

1 2

3

【样例输出2】

-1

【数据规模】

对于50%的数据，1≤N≤20，1≤k≤5，1≤m≤3;

对于另外20%的数据，1≤N≤10000，1≤k≤5,1≤m≤30;

对于100%的数据，1≤N≤10000，1≤k≤10，1≤m≤100。

先挂在这里，以后再说。。。