发现 \(m\) 只有两种取值,于是可做了

树的直接贪心

图的枚举环上的边去掉,然后做树的贪心,搜的时候剪一下枝吧

写得有点乱

#include<bits/stdc++.h>
#define ui unsigned int
#define ll long long
#define db double
#define ld long double
#define ull unsigned long long
#define ft first
#define sd second
#define pb(a) push_back(a)
#define mp(a,b) std::make_pair(a,b)
#define REP(a,b,c) for(register int a=(b),a##end=(c);a<=a##end;++a)
#define DEP(a,b,c) for(register int a=(b),a##end=(c);a>=a##end;--a)
const int MAXN=5000+10;
int n,m,e=1,key,beg[MAXN],nex[MAXN<<1],to[MAXN<<1],was[MAXN<<1],cnt,dfn[MAXN],ans[MAXN],vis[MAXN],arv[MAXN];
std::vector<int> V[MAXN];
std::pair<int,int> ext,from[MAXN];
struct Unique{
int fa[MAXN];
inline void init(int x)
{
REP(i,1,x)fa[i]=i;
}
inline int found(int x)
{
if(fa[x]!=x)fa[x]=found(fa[x]);
return fa[x];
}
inline int link(int x,int y,int val)
{
int u=found(x),v=found(y),res=0;
if(u!=v)fa[u]=v,res=val;
return res;
}
};
Unique U;
template<typename T> inline void read(T &x)
{
T data=0,w=1;
char ch=0;
while(ch!='-'&&(ch<'0'||ch>'9'))ch=getchar();
if(ch=='-')w=-1,ch=getchar();
while(ch>='0'&&ch<='9')data=((T)data<<3)+((T)data<<1)+(ch^'0'),ch=getchar();
x=data*w;
}
template<typename T> inline void write(T x,char ch='\0')
{
if(x<0)putchar('-'),x=-x;
if(x>9)write(x/10);
putchar(x%10+'0');
if(ch!='\0')putchar(ch);
}
template<typename T> inline bool chkmin(T &x,T y){return y<x?(x=y,true):false;}
template<typename T> inline bool chkmax(T &x,T y){return y>x?(x=y,true):false;}
template<typename T> inline T min(T x,T y){return x<y?x:y;}
template<typename T> inline T max(T x,T y){return x>y?x:y;}
inline void insert(int x,int y,int z)
{
to[++e]=y;
nex[e]=beg[x];
beg[x]=e;
was[e]=z;
}
inline void sortdfs(int x,int f)
{
if(arv[x])return ;arv[x]=1;
for(register int i=beg[x];i;i=nex[i])V[x].pb(to[i]),sortdfs(to[i],x);
std::sort(V[x].begin(),V[x].end());
}
inline void initdfs(int x,int f)
{
for(register int i=beg[x];i;i=nex[i])
if(to[i]==f||!was[i])continue;
else initdfs(to[i],x),from[to[i]]=mp(x,i);
}
inline bool dfs(int x,int f,int &fl)
{
dfn[++cnt]=x;
if(dfn[cnt]<ans[cnt])chkmin(fl,0);
if(fl&&dfn[cnt]>ans[cnt])return false;
int lack=-1;
for(register int i=beg[x];i;i=nex[i])
if(to[i]==f)continue;
else if(!was[i])lack=to[i];
REP(i,0,V[x].size()-1)
if(V[x][i]==lack||V[x][i]==f)continue;
else if(!dfs(V[x][i],x,fl))return false;
return true;
}
inline int LCA(int u,int v)
{
while(u)vis[u]=1,u=from[u].ft;
while(v)
if(vis[v])return v;
else v=from[v].ft;
}
inline void solve(int x)
{
int fl;
while(x!=key)
{
was[from[x].sd]=was[from[x].sd^1]=0;
cnt=0;if(dfs(1,0,fl=1))memcpy(ans,dfn,sizeof(ans));
was[from[x].sd]=was[from[x].sd^1]=1;
x=from[x].ft;
}
}
int main()
{
freopen("travel.in","r",stdin);
freopen("travel.out","w",stdout);
read(n);read(m);
U.init(n);int fl;
REP(i,1,n)ans[i]=n+1;
REP(i,1,m)
{
int u,v;read(u);read(v);
if(U.link(u,v,1))insert(u,v,1),insert(v,u,1);
else ext=mp(u,v);
}
if(m==n-1)sortdfs(1,0),dfs(1,0,fl=1),memcpy(ans,dfn,sizeof(ans));
else
{
initdfs(1,0);
insert(ext.ft,ext.sd,0);
insert(ext.sd,ext.ft,0);
sortdfs(1,0);
dfs(1,0,fl=1),memcpy(ans,dfn,sizeof(ans));
was[e]=was[e-1]=1;
key=LCA(ext.ft,ext.sd);
solve(ext.ft),solve(ext.sd);
}
REP(i,1,n)write(ans[i],i==iend?'\n':' ');
return 0;
}

【比赛】NOIP2018 旅行的更多相关文章

  1. 【LG5022】[NOIP2018]旅行

    [LG5022][NOIP2018]旅行 题面 洛谷 题解 首先考虑一棵树的部分分怎么打 直接从根节点开始\(dfs\),依次选择编号最小的儿子即可 而此题是一个基环树 怎么办呢? 可以断掉环上的一条 ...

  2. 竞赛题解 - NOIP2018 旅行

    \(\mathcal {NOIP2018} 旅行 - 竞赛题解\) 坑还得一层一层的填 填到Day2T1了 洛谷 P5022 题目 (以下copy自洛谷,有删减/修改 (●ˇ∀ˇ●)) 题目描述 小 ...

  3. NOIP2018 旅行 和 赛道修建

    填很久以前的坑. 旅行 给一棵 n 个点的基环树,求字典序最小的DFS序. n ≤ 5000 题解 O(n2) 做法非常显然,枚举断掉环上哪条边然后贪心即可.当然我去年的骚操作只能得88分. O(n ...

  4. [NOIP2018]:旅行(数据加强版)(基环树+搜索+乱搞)

    题目描述 小$Y$是一个爱好旅行的$OIer$.她来到$X$国,打算将各个城市都玩一遍.小$Y$了解到,$X$国的$n$个城市之间有$m$条双向道路.每条双向道路连接两个城市.不存在两条连接同一对城市 ...

  5. NOIP2018旅行

    这道题考场上的时候暴力写RE了,我果然很菜. 看了一篇大佬的的题解才明白 dalao的题解 但是解释很少哇,为了造福人类,在下发一篇详细一点的题解. 预处理:用vector把与每个点相连的点存起来,排 ...

  6. luogu5022 [NOIp2018]旅行 (dfs)

    m=n-1的时候,就直接贪心地dfs就可以 m=n的话,就可以枚举删掉一条边,然后照着m=n-1做 $O(n^2)$大概能过 (然而我眼瞎看不到m<=n) #include<cstdio& ...

  7. [NOIP2018]旅行(数据加强版)(图论+基环树)

    数据范围多了2个0就是不一样,O(n^2)只能68分了.(其中60分是n=m+1和原题一样的做法送的),这题直接从NOIP难度变为NOI Plus难度了不说废话直接写题解:首先dfs一遍找到环,然后和 ...

  8. [NOIP2018]旅行

    嘟嘟嘟 鉴于一些知道的人所知道的,不知道的人所不知道的原因,我来发NOIPday2T1的题解了. \(O(n ^ 2)\)的做法自然很暴力,枚举断边断环为链就行了. 所以我是来讲\(O(nlogn)\ ...

  9. 【题解】NOIP2018 旅行

    题目戳我 \(\text{Solution:}\) 首先题目描述有一点不准确:回头是必须要走完一条路无路可走的时候才能返回. 对于树的情况:显然贪心做就完事了. 对于基环树的情况:对于一个\(n\)条 ...

随机推荐

  1. Mergeable Stack(链表实现栈)

    C - Mergeable Stack ZOJ - 4016 一开始用stl中内置的栈来写,其中第三个操作,我先复制到一个数组,再将其倒给另一个栈 这个方法有两个错误的地方: 1.栈在内存很大需要扩容 ...

  2. OSS网页上传和断点续传(STSToken篇)

    云账号AccessKey拥有所有API访问权限,在客户端不要直接使用,会泄露ak信息,造成安全问题.所以使用STS方式(临时账号权限)给客户端授权. C#版获取STSToken 一.下载阿里SDK(a ...

  3. 第四章 MyBatis-SQL映射文件

    MyBatis 真正的强大在于映射语句,专注于SQL,功能强大,SQL映射的配置却是相当简单 SQL映射文件的几个顶级元素(按照定义的顺序) mapper - namespace cache - 配置 ...

  4. semantic-ui 模态窗口

    模态窗口即加了ui modal的class的div而已,会有点像是alert弹出框的形式,但是美观一点点.

  5. Nginx三部曲(2)性能

    我们会告诉你 Nginx 如何工作及其背后的理念,还有如何优化以加快应用的性能,如何安装启动和保持运行. 这个教程有三个部分: 基本概念 —— 这部分需要去了解 Nginx 的一些指令和使用场景,继承 ...

  6. node exprss-session 和connect-mongo

    let express = require('express'); let session = require('express-session'); let app = new express(); ...

  7. IdentityServer4【QuickStart】之使用ClientCredentials流程保护API

    使用ClientCredentials流程保护API 这个示例展示了使用IdentityServer中保护APIs的最基本的场景. 在这个场景中我们会定义一个API和一个想要访问它的客户端.客户端会在 ...

  8. 理解npm、nvm、nodejs之间的关系

    nvm nvm:nodeJs版本管理工具,管理nodejs版本和npm版本,使用nvm安装nodejs时会将npm一起安装下来 nodejs nodeJs: 一种高效的JavaScript运行环境 n ...

  9. day 7-19 Mysql索引原理与查询优化

    一,介绍 1.什么是索引? 一般的应用系统,读写比例在10:1左右,而且插入操作和一般的更新操作很少出现性能问题,在生产环境中,我们遇到最多的,也是最容易出问题的,还是一些复杂的查询操作,因此对查询语 ...

  10. CodeForces 113B Petr#

    题目链接:http://codeforces.com/problemset/problem/113/B 题目大意: 多组数据每组给定3个字符串T,Sbeg,Sed,求字符串T中有多少子串是以Sbeg开 ...