HDU1180+BFS
bfs
思路:三维标记状态 && 处理好 - | 和时刻的关系即可
/*
bfs
思路:三维标记状态 && 处理好 - | 和时刻的关系即可
*/
#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<string.h>
#include<stdlib.h>
#include<stdio.h>
#include<math.h>
#include<queue>
#include<stack>
#include<map>
#include<set>
using namespace std;
typedef long long int64;
//typedef __int64 int64;
typedef pair<int64,int64> PII;
#define MP(a,b) make_pair((a),(b))
const int inf = 0x3f3f3f3f;
const double pi=acos(-1.0);
const int dx[]={,-,,};
const int dy[]={,,,-};
const double eps = 1e-;
const int maxm = ;
const int maxn = ; struct Point {
int x,y,t;
};
Point s,e; bool vis[ maxn ][ maxn ][ ];
char mat[ maxn ][ maxn ];
queue<Point>q; int bfs( int n,int m ){
memset( vis,false,sizeof( vis ) );
while( !q.empty() )
q.pop();
Point cur = s;
vis[ s.x ][ s.y ][ s.t% ] = true;
q.push( cur );
while( !q.empty() ){
cur = q.front();
q.pop();
//printf("\ncur:[%d,%d] t = %d\n",cur.x,cur.y,cur.t);
if( cur.x==e.x && cur.y==e.y ){
e.t = min( e.t,cur.t );
}
if( cur.t>=e.t ) continue;
for( int i=;i<;i++ ){
Point nxt;
nxt.x = cur.x + dx[ i ];
nxt.y = cur.y + dy[ i ];
nxt.t = cur.t + ;
if( nxt.x<||nxt.x>=n||nxt.y<||nxt.y>=m ) continue;
if( mat[ nxt.x ][ nxt.y ]=='*' ) continue;
if( mat[ nxt.x ][ nxt.y ]=='.' ){
if( vis[ nxt.x ][ nxt.y ][ nxt.t% ]==true ) continue;
vis[ nxt.x ][ nxt.y ][ nxt.t% ] = true;
q.push( nxt );
//printf("0 nxt:[%d,%d] t = %d\n",nxt.x,nxt.y,nxt.t);
continue;
}//
nxt.x = cur.x + dx[ i ];
nxt.y = cur.y + dy[ i ];
nxt.t = cur.t + ;
if(( mat[ nxt.x ][ nxt.y ]=='-'&&cur.t%== )||( mat[ nxt.x ][ nxt.y ]=='|'&&cur.t%== )){
if( cur.x==nxt.x&&nxt.y>cur.y ) nxt.y = cur.y + ;
if( cur.x==nxt.x&&nxt.y<cur.y ) nxt.y = cur.y - ;
if( nxt.x>=&&nxt.x<n&&nxt.y>=&&nxt.y<m&&mat[ nxt.x ][ nxt.y ]=='.' ){
if( vis[ nxt.x ][ nxt.y ][ nxt.t% ]==false ){
vis[ nxt.x ][ nxt.y ][ nxt.t% ] = true;
q.push( nxt );
//printf("1 nxt:[%d,%d] t = %d\n",nxt.x,nxt.y,nxt.t);
continue;
}
}
}//1 ‘-’ 上下无需等待时间
nxt.x = cur.x + dx[ i ];
nxt.y = cur.y + dy[ i ];
nxt.t = cur.t + ;
/*恢复nxt很重要*/
if(( mat[ nxt.x ][ nxt.y ]=='-'&&cur.t%== )||( mat[ nxt.x ][ nxt.y ]=='|'&&cur.t%== )){
nxt.t = cur.t + ;
if( cur.x==nxt.x&&nxt.y>cur.y ) nxt.y = cur.y + ;
if( cur.x==nxt.x&&nxt.y<cur.y ) nxt.y = cur.y - ;
if( nxt.x>=&&nxt.x<n&&nxt.y>=&&nxt.y<m&&mat[ nxt.x ][ nxt.y ]=='.' ){
if( vis[ nxt.x ][ nxt.y ][ nxt.t% ]==false ){
vis[ nxt.x ][ nxt.y ][ nxt.t% ] = true;
q.push( nxt );
//printf("2 nxt:[%d,%d] t = %d\n",nxt.x,nxt.y,nxt.t);
continue;
}
}
}//2 ‘-’ 上下需要等待时间
nxt.x = cur.x + dx[ i ];
nxt.y = cur.y + dy[ i ];
nxt.t = cur.t + ;
/*恢复nxt很重要*/
if(( mat[ nxt.x ][ nxt.y ]=='|'&&cur.t%== )||( mat[ nxt.x ][ nxt.y ]=='-'&&cur.t%== )){
if( cur.y==nxt.y&&nxt.x>cur.x ) nxt.x = cur.x + ;
if( cur.y==nxt.y&&nxt.x<cur.x ) nxt.x = cur.x - ;
if( nxt.x>=&&nxt.x<n&&nxt.y>=&&nxt.y<m&&mat[ nxt.x ][ nxt.y ]=='.' ){
if( vis[ nxt.x ][ nxt.y ][ nxt.t% ]==false ){
vis[ nxt.x ][ nxt.y ][ nxt.t% ] = true;
q.push( nxt );
//printf("3 nxt:[%d,%d] t = %d\n",nxt.x,nxt.y,nxt.t);
continue;
}
}
}//3 ‘|’ 左右无需等待时间
nxt.x = cur.x + dx[ i ];
nxt.y = cur.y + dy[ i ];
nxt.t = cur.t + ;
/*恢复nxt很重要*/
if(( mat[ nxt.x ][ nxt.y ]=='|'&&cur.t%== )||( mat[ nxt.x ][ nxt.y ]=='-'&&cur.t%== )){
nxt.t = cur.t + ;
if( cur.y==nxt.y&&nxt.x>cur.x ) nxt.x = cur.x + ;
if( cur.y==nxt.y&&nxt.x<cur.x ) nxt.x = cur.x - ;
if( nxt.x>=&&nxt.x<n&&nxt.y>=&&nxt.y<m&&mat[ nxt.x ][ nxt.y ]=='.' ){
if( vis[ nxt.x ][ nxt.y ][ nxt.t% ]==false ){
vis[ nxt.x ][ nxt.y ][ nxt.t% ] = true;
q.push( nxt );
//printf("4 nxt:[%d,%d] t = %d\n",nxt.x,nxt.y,nxt.t);
continue;
}
}
}//4 ‘|’ 左右需要等待时间
}
}
return e.t;
} int main(){
int n,m;
//freopen( "in.txt","r",stdin );
while( scanf("%d%d",&n,&m)== ){
for( int i=;i<n;i++ ){
scanf("%s",mat[ i ]);
for( int j=;j<m;j++ ){
if( mat[ i ][ j ]=='S' ){
s.x = i;
s.y = j;
s.t = ;
mat[ i ][ j ] = '.';
}
else if( mat[ i ][ j ]=='T' ){
e.x = i;
e.y = j;
e.t = inf;
mat[ i ][ j ] = '.';
}
}
}
printf("%d\n",bfs( n,m ));
}
return ;
}
HDU1180+BFS的更多相关文章
- 诡异的楼梯(bfs)hdu1180
诡异的楼梯 Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 131072/65536 K (Java/Others)Total Submiss ...
- HDU1180:诡异的楼梯(bfs+优先队列)
http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1180 Problem Description Hogwarts正式开学以后,Harry发现在Hogwarts里, ...
- hdu1180 优先队列bfs+判断方向
诡异的楼梯 Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 131072/65536 K (Java/Others)Total Subm ...
- hdu1180奇怪的楼梯……bfs迷阵……wa该16二级,我太渣滓
#include<iostream> #include<queue> #include<cstring> using namespace std; int row, ...
- hdu1180 诡异的楼梯 bfs
题目链接:http://icpc.njust.edu.cn/Problem/Hdu/1180/ 题目和不同的bfs有个不同的地方就是存在横着的或者竖着的楼梯,楼梯每过一个时刻就改变一次横竖的走向,人可 ...
- BFS的小结
写这类搜索题.首先感觉要有个框架.比如我的框架对于BFS来说(对于DFS,我想有两个一个是递归版一个是栈版).这里是BFS小结.所以介绍一下BFS.我的框架.(也是搜集了网上许多神人的作品.) 1:节 ...
- 图的遍历(搜索)算法(深度优先算法DFS和广度优先算法BFS)
图的遍历的定义: 从图的某个顶点出发访问遍图中所有顶点,且每个顶点仅被访问一次.(连通图与非连通图) 深度优先遍历(DFS): 1.访问指定的起始顶点: 2.若当前访问的顶点的邻接顶点有未被访问的,则 ...
- 【BZOJ-1656】The Grove 树木 BFS + 射线法
1656: [Usaco2006 Jan] The Grove 树木 Time Limit: 5 Sec Memory Limit: 64 MBSubmit: 186 Solved: 118[Su ...
- POJ 3278 Catch That Cow(bfs)
传送门 Catch That Cow Time Limit: 2000MS Memory Limit: 65536K Total Submissions: 80273 Accepted: 25 ...
随机推荐
- 使用EntityFramework连接 Mysql
原文:使用EntityFramework连接 Mysql 1,安装VS.net 插件 http://forums.mysql.com/read.php?174,601041,601041 2,安装连接 ...
- 第五十六篇、OC打开本地和网络上的word、ppt、excel、text等文件
iOS打开本地和网络上的word.ppt.excel.text等文件 iOS开发过程中可能需要预览一些文件,这些文件的格式可能有word.ppt.excel等文件格式.那么系统提供两个类去预览这些文件 ...
- 日常bug及解决方法记录
工作中经常会遇到一些Bug,时间长了有时候就忘记了,这样不好. 特地在这加一个随笔,把以后出现的有价值一点的bug记录在这里,提醒自己,也可以给刚入门的同学一些参考,避免这些坑. 1:界面已经销毁,代 ...
- css3学习笔记之渐变
CSS3 线性渐变 语法 background: linear-gradient(direction, color-stop1, color-stop2, ...); 1 2 3 4 5 6 7 8 ...
- MySQL数据库的登陆
MySQL数据库的登陆 MySQL是一种C/S结构. C/S(Client/Server)客户端/服务器 MySQL的客户端: 1.cmd客户端 2.可视化图形界面 3.php代码 登陆: MySQL ...
- windows 配置免安装 node
1.下载 node.exe; 2.下载npm并解压;(NPM是一个Node包管理和分发工具) 3.创建单独文件夹 nodejs,将1.2步中的两个文件和一个文件夹放进该新建文件夹; 4.配置环境变量中 ...
- 百练_2945 拦截导弹(DP)
描述 某国为了防御敌国的导弹袭击,开发出一种导弹拦截系统.但是这种导弹拦截系统有一个缺陷:虽然它的第一发炮弹能够到达任意的高度,但是以后每一发炮弹都不能高于前一发的高度.某天,雷达捕捉到敌国的导弹来袭 ...
- nand flash相关
关于nandflash的说明,请参考其他. 现在先贴出来韦东山先生的代码,作我学习之用. @************************************************ @ Fil ...
- 51nod1264线段相交
1264 线段相交 基准时间限制:1 秒 空间限制:131072 KB 分值: 0 难度:基础题 给出平面上两条线段的两个端点,判断这两条线段是否相交(有一个公共点或有部分重合认为相交). 如果相交, ...
- XE5 ANDROID平台 调用 webservice
服务端需要midas.dll XE5对android的平台支持很有吸引力,虽然目前用来直接开发应用到安卓市场卖赚钱可能性估计不大(安卓市场目前国内好像都是免费的天下),但是对于企业应用很是很有帮助 ...