BZOJ1001: [BeiJing2006]狼抓兔子 [最小割 | 对偶图+spfa]

1001: [BeiJing2006]狼抓兔子

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Description

现在小朋友们最喜欢的"喜羊羊与灰太狼",话说灰太狼抓羊不到，但抓兔子还是比较在行的，

而且现在的兔子还比较笨，它们只有两个窝，现在你做为狼王，面对下面这样一个网格的地形：

左上角点为(1,1),右下角点为(N,M)(上图中N=4,M=5).有以下三种类型的道路 

1:(x,y)<==>(x+1,y) 

2:(x,y)<==>(x,y+1) 

3:(x,y)<==>(x+1,y+1) 

道路上的权值表示这条路上最多能够通过的兔子数，道路是无向的. 左上角和右下角为兔子的两个窝，

开始时所有的兔子都聚集在左上角(1,1)的窝里，现在它们要跑到右下解(N,M)的窝中去，狼王开始伏击

这些兔子.当然为了保险起见，如果一条道路上最多通过的兔子数为K，狼王需要安排同样数量的K只狼，

才能完全封锁这条道路，你需要帮助狼王安排一个伏击方案，使得在将兔子一网打尽的前提下，参与的

狼的数量要最小。因为狼还要去找喜羊羊麻烦.

Input

第一行为N,M.表示网格的大小，N,M均小于等于1000.

接下来分三部分

第一部分共N行，每行M-1个数，表示横向道路的权值. 

第二部分共N-1行，每行M个数，表示纵向道路的权值. 

第三部分共N-1行，每行M-1个数，表示斜向道路的权值. 

输入文件保证不超过10M

Output

输出一个整数，表示参与伏击的狼的最小数量.

Sample Input

3 4
5 6 4
4 3 1
7 5 3
5 6 7 8
8 7 6 5
5 5 5
6 6 6

Sample Output

14

HINT

2015.4.16新加数据一组，可能会卡掉从前可以过的程序。

---

就是用狼把这个图割开

或者想最多兔子量，然后一个兔子一个狼

 

法1：dinic

注意这是无向图

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
const int N=1e6+,INF=1e9;
inline int read(){
    char c=getchar();int x=,f=;
    while(c<''||c>''){if(c=='-')f=-;c=getchar();}
    while(c>=''&&c<=''){x=x*+c-'';c=getchar();}
    return x*f;
}
int n,m,c,s,t;
struct edge{
    int v,ne,c,f;
}e[N*];
int cnt,h[N];
inline void ins(int u,int v,int c){//printf("ins %d %d %d\n",u,v,c);
    cnt++;
    e[cnt].v=v;e[cnt].c=c;e[cnt].f=;e[cnt].ne=h[u];h[u]=cnt;
    cnt++;
    e[cnt].v=u;e[cnt].c=c;e[cnt].f=;e[cnt].ne=h[v];h[v]=cnt;
}
inline int id(int i,int j){return (i-)*m+j;}
int vis[N],d[N],q[N],head,tail;
inline void lop(int &x){if(x==N)x=;}
bool bfs(){
    memset(vis,,sizeof(vis));
    memset(d,,sizeof(d));
    head=tail=;
    q[tail++]=s;d[s]=;vis[s]=;
    while(head!=tail){
        int u=q[head++];lop(head);
        for(int i=h[u];i;i=e[i].ne){
            int v=e[i].v;
            if(!vis[v]&&e[i].c>e[i].f){
                vis[v]=;d[v]=d[u]+;
                q[tail++]=v;lop(tail);
                if(v==t) return true;
            }
        }
    }
    return false;
}
int cur[N];
int dfs(int u,int a){
    if(u==t||a==) return a;
    int flow=,f;
    for(int &i=cur[u];i;i=e[i].ne){
        int v=e[i].v;
        if(d[v]==d[u]+&&(f=dfs(v,min(a,e[i].c-e[i].f)))>){
            flow+=f;
            e[i].f+=f;
            e[((i-)^)+].f-=f;
            a-=f;
            if(a==) break;
        }
    }
    return flow;
}
int dinic(){
    int flow=;
    while(bfs()){
        for(int i=s;i<=t;i++) cur[i]=h[i];
        flow+=dfs(s,INF);//printf("dinic %d\n",flow);
    }
    return flow;
}
int main(){
    n=read();m=read();s=id(,);t=n*m;
    for(int i=;i<=n;i++)
        for(int j=;j<=m-;j++){c=read();ins(id(i,j),id(i,j+),c);}
    for(int i=;i<=n-;i++)
        for(int j=;j<=m;j++) {c=read();ins(id(i,j),id(i+,j),c);}
    for(int i=;i<=n-;i++)
        for(int j=;j<=m-;j++){c=read();ins(id(i,j),id(i+,j+),c);}
    int ans=dinic();
    printf("%d",ans);
}

法2：对偶图+spfa

浅析最大最小定理在信息学竞赛中的应用

对于平面图，对偶图的最短路就是原图的最小割

直接想也容易理解，最短路就是把一些边割了

想的时候可以加一条s*到t*的INF的边把s*和t*面割开，但是程序不要加，否则暴增3000ms

1116ms，dinic用了1684ms

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
const int N=2e6+,INF=1e9;
inline int read(){
    char c=getchar();int x=,f=;
    while(c<''||c>''){if(c=='-')f=-;c=getchar();}
    while(c>=''&&c<=''){x=x*+c-'';c=getchar();}
    return x*f;
}
int n,m,c,s,t;
struct edge{
    int v,ne,w;
}e[N*];
int h[N],cnt=;
inline void ins(int u,int v,int w){//printf("ins %d %d %d\n",u,v,w);
    cnt++;
    e[cnt].v=v;e[cnt].w=w;e[cnt].ne=h[u];h[u]=cnt;
    cnt++;
    e[cnt].v=u;e[cnt].w=w;e[cnt].ne=h[v];h[v]=cnt;
}
inline void lop(int &x){if(x==N) x=;else if(x==) x=N-;}
int d[N],q[N],head,tail;bool inq[N];
int spfa(){
    memset(d,,sizeof(d));
    head=tail=;
    q[tail++]=s;inq[s]=;d[s]=;
    while(head!=tail){
        int u=q[head++];inq[u]=;lop(head);
        for(int i=h[u];i;i=e[i].ne){
            int v=e[i].v,w=e[i].w;
            if(d[v]>d[u]+w){
                d[v]=d[u]+w;
                if(!inq[v]){
                    if(d[v]<d[q[head]]) head--,lop(head),q[head]=v;
                    else q[tail++]=v,lop(tail);
                    inq[v]=;
                }
            }
        }
    }
    return d[t];
}
int main(){
    n=read();m=read();
    int col=*(m-),row=n-;
    s=;t=col*row+;//ins(s,t,INF);
    for(int i=;i<=n;i++)
        for(int j=;j<=m-;j++){
            c=read();
            if(i==) ins(t,(j<<),c);
            else if(i==n) ins((i-)*col+(j<<)-,s,c);
            else ins((i-)*col+(j<<)-,(i-)*col+(j<<),c);
        }

    for(int i=;i<=n-;i++)
        for(int j=;j<=m;j++){
            c=read();
            if(j==) ins(s,(i-)*col+,c);
            else if(j==m) ins((i-)*col+(j<<)-,t,c);
            else ins((i-)*col+(j<<)-,(i-)*col+(j<<)-,c);
        }

    for(int i=;i<=n-;i++)
        for(int j=;j<=m-;j++){
            c=read();
            ins((i-)*col+(j<<)-,(i-)*col+(j<<),c);
        }
    int ans=spfa();
    printf("%d",ans);
}