Codeforces Round #302 (Div. 1) 训练

链接：

http://codeforces.com/contest/543

过程：

惨淡的只做出了A和C

题解：

A

题解：

简单的一道题

我们用$dp[i][j]$表示当前考虑到前num个人（这个另外枚举），当前写了$i$行代码，当前的bug数量为$j$的方案数

然后转移就是$dp[i][j]=\sum {dp[i-1][j-a[num]]}$

Code：

 #include<stdio.h>
 #include<cstring>
 #include<cstdlib>
 #include<algorithm>
 #include<vector>
 #include<map>
 #include<set>
 #include<cmath>
 #include<iostream>
 #include<queue>
 #include<string>
 using namespace std;
 typedef long long ll;
 typedef pair<int,int> pii;
 typedef long double ld;
 typedef unsigned long long ull;
 typedef pair<long long,long long> pll;
 #define fi first
 #define se second
 #define pb push_back
 #define mp make_pair
 #define rep(i,j,k)  for(register int i=(int)(j);i<=(int)(k);i++)
 #define rrep(i,j,k) for(register int i=(int)(j);i>=(int)(k);i--)

 ll read(){
     ll x=,f=;char c=getchar();
     while(c<'' || c>''){if(c=='-')f=-;c=getchar();}
     while(c>='' && c<=''){x=x*+c-'';c=getchar();}
     return x*f;
 }

 const int MAXN = ;

 int mod;
 int a[MAXN];
 int dp[MAXN][MAXN];

 int add(int a, int b)
 {
     return (a + b) % mod;
 }

 int main()
 {
     int n, m, b;
     cin >> n >> m >> b >> mod;
     for (int i = ; i < n; i++)
         cin >> a[i];
     dp[][] = ;
     for (int i = ; i < n; i++)
         for (int j = ; j <= m; j++)
             for (int k = a[i]; k <= b; k++)
                 dp[j][k] = add(dp[j][k], dp[j - ][k - a[i]]);
     int ans = ;
     for (int i = ; i <= b; i++)x
         ans = add(ans, dp[m][i]);
     cout << ans << endl;
 }

Review：

比较容易的一道题

B

题解：

首先可以通过BFS得到dis[i][j]数组，也就是任意两点的最短路

然后分两种情况

1. 只剩下s1到t1，s2到t2的最短路 代价：m-dis[s1][t1]-dis[s2][t2]

2. 剩下的两条路径有交，组成一个‘H’形状

代价：枚举i，j表示那个交集的两端

然后剩下的边数的可能情况就是dis[s1][i]+dis[s2][i]+dis[i][j]+dis[j][t1]+dis[j][t2] 或者 dis[s1][i]+dis[t2][i]+dis[i][j]+dis[j][t1]+dis[j][s2]

取一个最小值 再用m减去就好了

注意判断这样的i，j不满足l1，l2的要求的情况

Code：

 #include<stdio.h>
 #include<cstring>
 #include<cstdlib>
 #include<algorithm>
 #include<vector>
 #include<map>
 #include<set>
 #include<cmath>
 #include<iostream>
 #include<queue>
 #include<string>
 using namespace std;
 typedef long long ll;
 typedef pair<int,int> pii;
 typedef long double ld;
 typedef unsigned long long ull;
 typedef pair<long long,long long> pll;
 #define fi first
 #define se second
 #define pb push_back
 #define mp make_pair
 #define rep(i,j,k)  for(register int i=(int)(j);i<=(int)(k);i++)
 #define rrep(i,j,k) for(register int i=(int)(j);i>=(int)(k);i--)

 ll read(){
     ll x=,f=;char c=getchar();
     while(c<'' || c>''){if(c=='-')f=-;c=getchar();}
     while(c>='' && c<=''){x=x*+c-'';c=getchar();}
     return x*f;
 }

 const int maxn=;
 int n,m;
 vector<int> gr[maxn];
 int dis[maxn][maxn];
 bool vis[maxn];

 void bfs(int u){
     queue<int> q;
     while(!q.empty()) q.pop();
     memset(vis,,sizeof(vis));
     vis[u]=;q.push(u);
     while(!q.empty()){
         int v=q.front();
         q.pop();
         for(int i=;i<gr[v].size();i++){
             int nw=gr[v][i];
             if(vis[nw]) continue;
             vis[nw]=;
             dis[u][nw]=dis[u][v]+;
             q.push(nw);
         }
     }
 }

 int main(){
     n=read(),m=read();
     rep(i,,m){
         int a=read(),b=read();
         gr[a].pb(b),gr[b].pb(a);
     }
     int s1,t1,l1,s2,t2,l2;
     s1=read(),t1=read(),l1=read();
     s2=read(),t2=read(),l2=read();

     rep(i,,n){
         bfs(i);
     }

     if(dis[s1][t1]>l1 || dis[s2][t2]>l2){
         puts("-1");
         return ;
     }
     int ans1=m-dis[s1][t1]-dis[s2][t2];
     int ans2=;
     for(int i=;i<=n;i++){
         for(int j=;j<=n;j++){
             if(i==j) continue;
             int nw=dis[s1][i]+dis[s2][i]+dis[i][j]+dis[j][t1]+dis[j][t2];
             if(dis[s1][i]+dis[i][j]+dis[j][t1]>l1 || dis[s2][i]+dis[i][j]+dis[j][t2]>l2) nw=1e9;
             int nw2=dis[s1][i]+dis[t2][i]+dis[i][j]+dis[j][t1]+dis[j][s2];
             if(dis[s1][i]+dis[i][j]+dis[j][t1]>l1 || dis[t2][i]+dis[i][j]+dis[j][s2]>l2) nw2=1e9;
             ans2=max(ans2,max(m-nw,m-nw2));
         }
     }
     printf("%d\n",max(ans1,ans2));
     return ;
 }

 /*
 9 9
 1 2
 2 3
 2 4
 4 5
 5 7
 5 6
 3 8
 8 9
 9 6
 1 7 4
 3 6 3
 */

Review：

我竟然连能够求出dis数组都没看出来

傻傻的以为要floyd或者n遍dijkstra

没注意到边权为1。。。

所以边权为1----BFS

C

题解：

很显然要用状压dp

（毕竟20的数据范围摆在那里）

那么令$dp[mask]$表示将mask对应的字符串变成easy to remember的最小代价

复杂度最多只能为$O(2^n \times n)$ 所以还可以枚举一层

那么怎么做呢

考虑转移：

首先我们不能做到O（1）转移

所以不能枚举每一个属于mask的字符串

那么我们必须做到对于任意一个属于mask的字符串 通过我们的转移都能够得到答案

所以必须得有两种转移

我们令选取的字符串为$s_i$，剩下的状态为$nwmask$

1. 把$s_i$改动一位，并压进去

因为最多20个字符串而有26个字母，所以可以保证改任意一位都可行

那肯定选择最少的代价的那一位去修改

2. 改动其他的字符串的某一位，使得他们和$s_i$的这一位都不同

这个代价是可以预处理的

Code：

 #include <bits/stdc++.h>

 #define forn(i, n) for(int i = 0; i < int(n); i++)

 using namespace std;

 const int N = ;
 const int leng = ;
 string s[N];
 int cost[N][leng], c[N][leng], sv[N][leng], a[N][leng];
 int d[ << N];

 int main() {
   int n, m;
   cin >> n >> m;
   forn(i, n) cin >> s[i];
   forn(i, n) forn(j, m) cin >> a[i][j];

   forn(i, n) {
     forn(j, m) {
       int curv = ;
       forn(k, n) {
         if (s[i][j] == s[k][j]) {
           sv[i][j] |= ( << k);
           c[i][j] += a[k][j];
           curv = max(curv, a[k][j]);
         }
       }
       c[i][j] -= curv;
     }
   }
   forn(i,  << n) d[i] = ;
   d[] = ;
   forn(mask,  << n) {
     if (mask == ) continue;
     int lowbit = -;
     forn(i, n) {
       if ((mask >> i) & ) {
         lowbit = i;
         break;
       }
     }
     forn(i, m) {
       d[mask] = min(d[mask], d[mask & (mask ^ sv[lowbit][i])] + c[lowbit][i]);
       d[mask] = min(d[mask], d[mask ^ ( << lowbit)] + a[lowbit][i]);
     }
   }
   printf("%d\n", d[( << n) - ]);
   return ;
 }

Review：

我觉得挺难的，但是怎么那么多人随手切啊

D

题解：

首先如果只要算1为根的答案是个很简单的树形dp

用$dp[i]$表示以i为根的子树的答案

$dp[i]=\prod {(dp[son]+1)}$

然后我们考虑怎么算每个点的答案

我们通过父亲的答案求儿子的答案

怎么做呢？

首先我们看从父亲到儿子有哪些变化

我们用ans[i]记录i结点对应的上方给i的贡献 然后再乘上dp[i]（i的下方对i的贡献）就是i为根的答案

我们怎么计算ans数组呢

发现从父亲到儿子的变化就在于多了几个儿子对应的兄弟

$ans[son]=ans[father] \times \prod {(dp[brother]+1)}$

所以我们记录L，R表示当前结点的儿子们的前缀(dp+1)的积，后缀(dp+1)的积

然后$ans[son]=ans[father]*L[son]*R[son]*ans[father]+1$就可以了

+1指的是把儿子的父亲当作儿子的儿子的时候计算答案的时候要把dp+1相乘

Code：

 #include<stdio.h>
 #include<cstring>
 #include<cstdlib>
 #include<algorithm>
 #include<vector>
 #include<map>
 #include<set>
 #include<cmath>
 #include<iostream>
 #include<queue>
 #include<string>
 using namespace std;
 typedef long long ll;
 typedef pair<int,int> pii;
 typedef long double ld;
 typedef unsigned long long ull;
 typedef pair<long long,long long> pll;
 #define fi first
 #define se second
 #define pb push_back
 #define mp make_pair
 #define rep(i,j,k)  for(register int i=(int)(j);i<=(int)(k);i++)
 #define rrep(i,j,k) for(register int i=(int)(j);i>=(int)(k);i--)

 ll read(){
     ll x=,f=;char c=getchar();
     while(c<'' || c>''){if(c=='-')f=-;c=getchar();}
     while(c>='' && c<=''){x=x*+c-'';c=getchar();}
     return x*f;
 }

 const int mod=;
 int n;
 vector<int> adj[];
 ll dp[],L[],R[];
 ll ans[];

 void dfs(int x){
     dp[x]=;
     for(int i=;i<adj[x].size();i++){
         int v=adj[x][i];
         dfs(v);
         dp[x]=dp[x]*(dp[v]+)%mod;
     }
 }

 void dfs2(int x){
     int num=adj[x].size();
     if(num==) return;
     L[]=,R[num-]=ans[x];
     for(int i=;i<adj[x].size();i++){
         int v=adj[x][i];
         L[i+]=L[i]*(dp[v]+)%mod;
     }
     for(int i=num-;i>=;i--){
         int v=adj[x][i];
         R[i-]=R[i]*(dp[v]+)%mod;
     }
     for(int i=;i<num;i++){
         int v=adj[x][i];
         ans[v]=(L[i]*R[i]+)%mod;
     }
     for(int i=;i<num;i++){
         int v=adj[x][i];
         dfs2(v);
     }
 }

 int main(){
     n=read();
     rep(i,,n){
         int x=read();
         adj[x].pb(i);
     }
     dfs();
     ans[]=;
     dfs2();
     rep(i,,n)
         printf("%lld ",dp[i]*ans[i]%mod);
     puts("");
     return ;
 }

 /*
 5
 1 2 3 4
 */

Review：

第一个dp很好想

但是怎么求ans不知道怎么想的

可能需要灵机一动？