题目大意:略 题目传送门

四维偏序板子题

把插入操作和询问操作抽象成$(x,y,z,t)$这样的四元组

询问操作拆分成八个询问容斥

此外$x,y,z$可能很大,需要离散

直接处理四维偏序很困难,考虑降维

而$t$这一维有一个神奇的性质,任意两个四元组的$t$互不相同,是最好处理的,所以尽量保证$t$这一维也出现在降维之后的$cdq$分治里

外层把所有四元组按$x$排序,回溯按$t$排序

现在要处理左区间对右区间的影响了,把左区间里的所有四元组打上$0$标记,右区间里的所有四元组打上$1$标记

只有带$0$标记的四元组能影响$1$标记的四元组

就这样我们消掉了$x$这一维,只剩下$(y,z,t)$,再在当前区间跑三维偏序即可

 #include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#define N1 100010
#define M1 400010
#define ll long long
#define dd double
#define cll const long long
using namespace std; int gint()
{
int ret=,fh=;char c=getchar();
while(c<''||c>''){if(c=='-')fh=-;c=getchar();}
while(c>=''&&c<=''){ret=ret*+c-'';c=getchar();}
return ret*fh;
}
struct BIT{
int s[N1],ma;
void update(int x,int w){ for(int i=x;i<=ma;i+=(i&(-i))) s[i]+=w; }
int query(int x){ int ans=; for(int i=x;i>;i-=(i&(-i))) ans+=s[i]; return ans; }
void clr(int x){ for(int i=x;i<=ma;i+=(i&(-i))) s[i]=; }
}s;
int n,m,nn,T;
struct node{int x,y,z,t,p,tag,id;}a[M1],b[M1],tmp[M1];
int xx[N1],nx,yy[N1],ny,zz[N1],nz,f[N1],que[M1],tl; int cmp1(node s1,node s2)
{
if(s1.x!=s2.x) return s1.x<s2.x;
if(s1.y!=s2.y) return s1.y<s2.y;
if(s1.z!=s2.z) return s1.z<s2.z;
return s1.p*s1.p<s2.p*s2.p;
}
int cmp2(node s1,node s2)
{
if(s1.y!=s2.y) return s1.y<s2.y;
if(s1.z!=s2.z) return s1.z<s2.z;
if(s1.tag!=s2.tag) return s1.tag<s2.tag;
return s1.p*s1.p<s2.p*s2.p;
}
int cmp3(node s1,node s2){return s1.t<s2.t;}
int de; void CDQ2(int L,int R)
{
if(R-L<=) return;
int M=(L+R)>>,i,j,cnt;
CDQ2(L,M); CDQ2(M,R);
for(i=L,j=M,cnt=;i<M&&j<R;)
{
if(cmp2(b[i],b[j])){
if(!b[i].tag&&!b[i].p){ s.update(b[i].z,); que[++tl]=i; }
tmp[++cnt]=b[i]; i++;
}else{
if(b[j].tag&&b[j].p){ f[b[j].id]+=b[j].p*s.query(b[j].z); }
tmp[++cnt]=b[j]; j++;
}
}
while(i<M){ tmp[++cnt]=b[i]; i++; }
while(j<R){ if(b[j].tag&&b[j].p) f[b[j].id]+=b[j].p*s.query(b[j].z); tmp[++cnt]=b[j]; j++; }
while(tl){ s.clr(b[que[tl--]].z); }
for(i=L;i<R;i++){ b[i]=tmp[i-L+]; }
}
void CDQ1(int L,int R)
{
if(R-L<=) return;
int M=(L+R)>>,i,j,cnt;
CDQ1(L,M); CDQ1(M,R);
for(i=L,j=M,cnt=;i<M&&j<R;)
{
if(a[i].t<a[j].t){ tmp[++cnt]=a[i]; tmp[cnt].tag=; i++; }
else{ tmp[++cnt]=a[j]; tmp[cnt].tag=; j++;}
}
while(i<M){ tmp[++cnt]=a[i]; tmp[cnt].tag=; i++; }
while(j<R){ tmp[++cnt]=a[j]; tmp[cnt].tag=; j++; }
for(nx=,i=L;i<R;i++){ a[i]=b[i-L+]=tmp[i-L+]; }
sort(b+,b+R-L+,cmp3);
for(i=;i<=R-L;i++){ b[i].t=i; }
CDQ2(,R-L+);
} int main()
{
scanf("%d",&T);
while(T--){ scanf("%d",&n);
int i,x,y,z,xa,xb,ya,yb,za,zb,p;
for(nn=,nx=,ny=,nz=,i=;i<=n;i++)
{
p=gint(); f[i]=;
if(p==){
x=gint(); y=gint(); z=gint(); f[i]=-;
nn++; a[nn].x=x; a[nn].y=y; a[nn].z=z; a[nn].t=nn; a[nn].p=;
xx[++nx]=x; yy[++ny]=y; zz[++nz]=z;
}else{
xa=gint(); ya=gint(); za=gint(); xb=gint(); yb=gint(); zb=gint(); xa--; ya--; za--;
xx[++nx]=xa; xx[++nx]=xb; yy[++ny]=ya; yy[++ny]=yb; zz[++nz]=za; zz[++nz]=zb;
nn++; a[nn].x=xa; a[nn].y=ya; a[nn].z=za; a[nn].t=nn; a[nn].id=i; a[nn].p=-;
nn++; a[nn].x=xb; a[nn].y=ya; a[nn].z=za; a[nn].t=nn; a[nn].id=i; a[nn].p=;
nn++; a[nn].x=xa; a[nn].y=yb; a[nn].z=za; a[nn].t=nn; a[nn].id=i; a[nn].p=;
nn++; a[nn].x=xa; a[nn].y=ya; a[nn].z=zb; a[nn].t=nn; a[nn].id=i; a[nn].p=;
nn++; a[nn].x=xa; a[nn].y=yb; a[nn].z=zb; a[nn].t=nn; a[nn].id=i; a[nn].p=-;
nn++; a[nn].x=xb; a[nn].y=ya; a[nn].z=zb; a[nn].t=nn; a[nn].id=i; a[nn].p=-;
nn++; a[nn].x=xb; a[nn].y=yb; a[nn].z=za; a[nn].t=nn; a[nn].id=i; a[nn].p=-;
nn++; a[nn].x=xb; a[nn].y=yb; a[nn].z=zb; a[nn].t=nn; a[nn].id=i; a[nn].p=;
}
}
sort(xx+,xx+nx+); nx=unique(xx+,xx+nx+)-(xx+);
sort(yy+,yy+ny+); ny=unique(yy+,yy+ny+)-(yy+);
sort(zz+,zz+nz+); nz=unique(zz+,zz+nz+)-(zz+);
for(i=;i<=nn;i++)
{
a[i].x=lower_bound(xx+,xx+nx+,a[i].x)-xx;
a[i].y=lower_bound(yy+,yy+ny+,a[i].y)-yy;
a[i].z=lower_bound(zz+,zz+nz+,a[i].z)-zz;
}
sort(a+,a+nn+,cmp1); s.ma=nz;
CDQ1(,nn+);
for(i=;i<=n;i++)
if(f[i]!=-) printf("%d\n",f[i]); }
return ;
}

HDU 5126 stars (四维偏序+树状数组)的更多相关文章

  1. hdu 5126 stars (四维偏序,离线,CDQ套CDQ套树状数组)

    题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5126 思路:支持离线,那么我们可以用两次CDQ分治使四维降为二维,降成二维后排个序用树状数组维护下就好 ...

  2. HDU 5862 Counting Intersections(离散化+树状数组)

    HDU 5862 Counting Intersections(离散化+树状数组) 题目链接http://acm.split.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5862 D ...

  3. hdu 5517 Triple(二维树状数组)

    Triple Time Limit: 12000/6000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/65536 K (Java/Others)Total Sub ...

  4. 洛谷 P1972 [SDOI2009]HH的项链-二维偏序+树状数组+读入挂(离线处理,思维,直接1~n一边插入一边查询),hahahahahahaha~

    P1972 [SDOI2009]HH的项链 题目背景 无 题目描述 HH 有一串由各种漂亮的贝壳组成的项链.HH 相信不同的贝壳会带来好运,所以每次散步完后,他都会随意取出一段贝壳,思考它们所表达的含 ...

  5. 计蒜客 41391.query-二维偏序+树状数组(预处理出来满足情况的gcd) (The Preliminary Contest for ICPC Asia Xuzhou 2019 I.) 2019年徐州网络赛)

    query Given a permutation pp of length nn, you are asked to answer mm queries, each query can be rep ...

  6. 2019-ACM-ICPC-徐州站网络赛- I. query-二维偏序+树状数组

    2019-ACM-ICPC-徐州站网络赛- I. query-二维偏序+树状数组 [Problem Description] ​ 给你一个\([1,n]\)的排列,查询\([l,r]\)区间内有多少对 ...

  7. HDU 5517 【二维树状数组///三维偏序问题】

    题目链接:[http://acm.split.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5517] 题意:定义multi_set A<a , d>,B<c , d ...

  8. HDU 1394 Minimum Inversion Number ( 树状数组求逆序数 )

    题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1394 Minimum Inversion Number                         ...

  9. HDU 5862 Counting Intersections (树状数组)

    Counting Intersections 题目链接: http://acm.split.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5862 Description Given ...

随机推荐

  1. percona-xtradb-cluster安装部署

    Percona Xtradb Cluster 安装 Percona Xtradb Cluster 介绍 Percona XtraDB Cluster 简称:PXC,是针对MySQL 用户的高可用性和扩 ...

  2. Sublime Text 3常用插件—Emmet

    原文链接:http://www.cnblogs.com/easy-blue/p/6617852.html 摘要: 安装请看上一篇Sublime Text—安装,和sublime自带快捷键一起用,写ht ...

  3. @RequestParam,@PathVariable等注解区别

    一.@RequestParam和@PathVariable的区别 1.@RequestParam是从uri中request后面的参数串来取得参数的 2.@PathVariable是从uri模板中取得参 ...

  4. Noip2011瑞士轮题解

    题目背景 在双人对决的竞技性比赛.如乒乓球.羽毛球.国际象棋中.最常见的赛制是淘汰赛和循环赛.前者的特点是比赛场数少.每场都紧张刺激,但偶然性较高.后者的特点是较为公平,偶然性较低,但比赛过程往往十分 ...

  5. hdu 1235 统计同成绩学生人数

    import java.util.Scanner; public class Main { public static void main(String[] args) { Scanner sc = ...

  6. use 在php 用法中的总结

    1.命名空间 2.匿名函数 3.多继承 4.暂时想到这三个,如果有请补充在评论区

  7. C#实体转换

    using System; using System.Collections.Generic; using System.Data; using System.Data.Common; using S ...

  8. Dungeon Master hdoj

    Dungeon Master Time Limit : 2000/1000ms (Java/Other)   Memory Limit : 131072/65536K (Java/Other) Tot ...

  9. C++字符串与指针 所有的内容也就这么多了。

    1.定义一个字符串数组并初始化,然后输出其中的字符串. #include <iostream> using namespace std;int main(){ char str[]=&qu ...

  10. LeetCode Weekly Contest 20

    1. 520. Detect Capital 题目描述的很清楚,直接写,注意:字符串长度为1的时候,大写和小写都是满足要求的,剩下的情况单独判断.还有:我感觉自己写的代码很丑,判断条件比较多,需要改进 ...