Description

Input

Output

Sample Input

4
0 1
1 2
2 3
4
Add 1 3 1
Query 0
Query 1
Query 2

Sample Output

3
3
2

Solution

退役选手打打板子休闲一下QAQ

居然能1A真是不可思议

Code

 #include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#define N (100000+1000)
using namespace std; struct Edge{int to,next;}edge[N<<];
struct Node{long long val,add;}Segt[N<<]; int Depth[N],Father[N],Size[N];
int T_NUM[N],Top[N],Son[N];
int head[N],num_edge;
int x,y,k,n,m,cnt;
char opt[]; void add(int u,int v)
{
edge[++num_edge].to=v;
edge[num_edge].next=head[u];
head[u]=num_edge;
} void Dfs1(int x)
{
Depth[x]=Depth[Father[x]]+;
Size[x]=;
for (int i=head[x]; i; i=edge[i].next)
if (edge[i].to!=Father[x])
{
Father[edge[i].to]=x;
Dfs1(edge[i].to);
Size[x]+=Size[edge[i].to];
if (!Son[x] || Size[edge[i].to]>Son[x])
Son[x]=edge[i].to;
}
} void Dfs2(int x,int top)
{
Top[x]=top;
T_NUM[x]=++cnt;
if (Son[x]) Dfs2(Son[x],top);
for (int i=head[x]; i; i=edge[i].next)
if (edge[i].to!=Father[x] && edge[i].to!=Son[x])
Dfs2(edge[i].to,edge[i].to);
} void Pushdown(int now,int l,int r)
{
if (Segt[now].add)
{
Segt[now<<].add+=Segt[now].add;
Segt[now<<|].add+=Segt[now].add;
int mid=(l+r)>>;
Segt[now<<].val+=Segt[now].add*(mid-l+);
Segt[now<<|].val+=Segt[now].add*(r-mid);
Segt[now].add=;
}
} void Update(int now,int l,int r,int l1,int r1,int k)
{
if (r<l1 || l>r1) return;
if (l1<=l && r<=r1)
{
Segt[now].val+=(long long)(r-l+)*k;
Segt[now].add+=k;
return;
}
Pushdown(now,l,r);
int mid=(l+r)>>;
Update(now<<,l,mid,l1,r1,k);
Update(now<<|,mid+,r,l1,r1,k);
Segt[now].val=Segt[now<<].val+Segt[now<<|].val;
} long long Query(int now,int l,int r,int l1,int r1)
{
if (l1<=l && r<=r1)
return Segt[now].val;
Pushdown(now,l,r);
int mid=(l+r)>>;
if (r1<=mid) return Query(now<<,l,mid,l1,r1);
if (l1>=mid+) return Query(now<<|,mid+,r,l1,r1);
return Query(now<<,l,mid,l1,r1)+Query(now<<|,mid+,r,l1,r1);
} void Change(int x,int y,int k)
{
int fx=Top[x],fy=Top[y];
while (fx!=fy)
{
if (Depth[fx]<Depth[fy])
swap(x,y),swap(fx,fy);
Update(,,n,T_NUM[fx],T_NUM[x],k);
x=Father[fx],fx=Top[x];
}
if (Depth[x]<Depth[y]) swap(x,y);
Update(,,n,T_NUM[y],T_NUM[x],k);
} int main()
{
scanf("%d",&n);
for (int i=; i<=n-; ++i)
{
scanf("%d%d",&x,&y);
x++; y++;
add(x,y); add(y,x);
}
Dfs1(); Dfs2(,);
scanf("%d",&m);
for (int i=; i<=m; ++i)
{
scanf("%s",opt);
if (opt[]=='A')
{
scanf("%d%d%d",&x,&y,&k); x++; y++;
Change(x,y,k);
}
else
{
scanf("%d",&x); x++;
printf("%lld\n",Query(,,n,T_NUM[x],T_NUM[x]+Size[x]-));
}
}
}

BZOJ2836:[SHOI2012]魔法树(树链剖分)的更多相关文章

  1. 线段树&数链剖分

    傻逼线段树,傻逼数剖 线段树 定义: 线段树是一种二叉搜索树,与区间树相似,它将一个区间划分成一些单元区间,每个单元区间对应线段树中的一个叶结点. 使用线段树可以快速的查找某一个节点在若干条线段中出现 ...

  2. [LOJ3014][JOI 2019 Final]独特的城市——树的直径+长链剖分

    题目链接: [JOI 2019 Final]独特的城市 对于每个点,它的答案最大就是与它距离最远的点的距离. 而如果与它距离为$x$的点有大于等于两个,那么与它距离小于等于$x$的点都不会被计入答案. ...

  3. UOJ#30/Codeforces 487E Tourists 点双连通分量,Tarjan,圆方树,树链剖分,线段树

    原文链接https://www.cnblogs.com/zhouzhendong/p/UOJ30.html 题目传送门 - UOJ#30 题意 uoj写的很简洁.清晰,这里就不抄一遍了. 题解 首先建 ...

  4. BZOJ1758[Wc2010]重建计划——分数规划+长链剖分+线段树+二分答案+树形DP

    题目描述 输入 第一行包含一个正整数N,表示X国的城市个数. 第二行包含两个正整数L和U,表示政策要求的第一期重建方案中修建道路数的上下限 接下来的N-1行描述重建小组的原有方案,每行三个正整数Ai, ...

  5. CF487E Tourists 圆方树、树链剖分

    传送门 注意到我们需要求的是两点之间所有简单路径中最小值的最小值,那么对于一个点双联通分量来说,如果要经过它,则一定会经过这个点双联通分量里权值最小的点 注意:这里不能缩边双联通分量,样例\(2\)就 ...

  6. 2019.01.08 codeforces 1009F. Dominant Indices(长链剖分)

    传送门 长链剖分模板题. 题意:给出一棵树,设fi,jf_{i,j}fi,j​表示iii的子树中距离点iii距离为jjj的点的个数,现在对于每个点iii要求出使得fif_ifi​取得最大值的那个jjj ...

  7. 【LOJ】#3014. 「JOI 2019 Final」独特的城市(长链剖分)

    LOJ#3014. 「JOI 2019 Final」独特的城市(长链剖分) 显然我们画一条直径,容易发现被统计的只可能是直径某个距离较远的端点到这个点的路径上的值 用一个栈统计可以被统计的点,然后我们 ...

  8. BZOJ 1758 / Luogu P4292 [WC2010]重建计划 (分数规划(二分/迭代) + 长链剖分/点分治)

    题意 自己看. 分析 求这个平均值的最大值就是分数规划,二分一下就变成了求一条长度在[L,R]内路径的权值和最大.有淀粉质的做法但是我没写,感觉常数会很大.这道题可以用长链剖分做. 先对树长链剖分. ...

  9. 【SHOI2012】魔法树(树链剖分,线段树)

    [SHOI2012]魔法树 题面 BZOJ上找不到这道题目 只有洛谷上有.. 所以粘贴洛谷的题面 题解 树链剖分之后直接维护线段树就可以了 树链剖分良心模板题 #include<iostream ...

随机推荐

  1. 转 C# Split方法

    String.Split 方法有6个重载函数: 1) public string[] Split(params char[] separator) 2) public string[] Split(c ...

  2. PIXI 下落文字消除(3)

    图片示例,简陋的图,记录下落过程, 1.创建应用实例并添加到DOM元素上. (会看到一个黑色画布,没有任何元素,接下来会在画布上创建文字) 2.创建  TextStyle 用来设置要显示字体样式 3. ...

  3. rancher初级(搭建+基本操作+web应用部署)

    Rancher搭建 首先rancher需要安装了docker的linux环境,我的系统版本为 在docker的基础上启动rancher服务器,Rancher 服务器是一个 Docker image,所 ...

  4. oracle 基础知识(二)-表空间

    一,表空间 01,表空间? Oracle数据库是通过表空间来存储物理表的,一个数据库实例可以有N个表空间,一个表空间下可以有N张表.有了数据库,就可以创建表空间.表空间(tablespace)是数据库 ...

  5. 前端性能优化插件 --- PageSpeed Insights

    对于前端工程师来说,前端性能优化始终都是非常重要的一环,它决定了用户体验, 决定了一个用户是否愿意在页面的加载浪费时间, 从而丢失用户. 所以前端性能优化是非常重要的. 下载地址 https://ch ...

  6. redis安装配置远程连接

    一.安装redis linux上直接yum安装 yum install redis windows版本下载地址 https://github.com/ServiceStack/redis-window ...

  7. Hsl PLC

    https://github.com/dathlin/HslCommunication 地址

  8. Go语言下载网络图片或文件

    最近闲来无事, 于是就简单学习了下Go语言的基本的用法.由于实践才是最快的学习方法,所以这里就以下载网络图片或文件入手来学习Go语言 文件下载到本地,通常的思路就是先获得网络文件的 输入流 以及本地文 ...

  9. 揭秘TDSQL全时态数据库系统的核心技术

    欢迎大家前往腾讯云+社区,获取更多腾讯海量技术实践干货哦~ 本文由腾讯技术工程官方号发表在腾讯云+社区 Design 本节讨论T-TDSQL的关键之处,即影响T-TDSQL架构的设计之处.一是新的数据 ...

  10. Windows的加密能力

    尽管Windows不再具备往日那样的统治地位,在智能手机领域,甚至已经沦落为一种小众平台,Windows仍然是主要的商业应用运行平台.软件开发平台.硬件及结构等设计软件运行平台.大多数人在学习计算机时 ...