POJ-3189-Steady Cow Assignment（最大流+枚举）

题意

此题题意不太好懂。现有n头牛和b个牛棚,每个牛棚可以养的牛的数目都有一个限制c[i],表示该牛棚最多只能关c[i]头牛,每头牛对每一个牛棚都有一个喜爱值,用1到b来表示,现在要安排这些牛,使得牛棚中的牛对牛棚的最大喜爱值与最小喜爱值的差值最小.

分析：

枚举区间+最大流

新建源点向每头牛连边

牛向barns连边

barns向汇点连边，边权为barns的容量，其实就是一个二分图

最后求最大流就好了

// File Name: 3189.cpp
// Author: Zlbing
// Created Time: 2013年08月15日 星期四 16时26分07秒

#include<iostream>
#include<string>
#include<algorithm>
#include<cstdlib>
#include<cstdio>
#include<set>
#include<map>
#include<vector>
#include<cstring>
#include<stack>
#include<cmath>
#include<queue>
using namespace std;
#define CL(x,v); memset(x,v,sizeof(x));
#define INF 0x3f3f3f3f
#define LL long long
#define REP(i,r,n) for(int i=r;i<=n;i++)
#define RREP(i,n,r) for(int i=n;i>=r;i--)
const int MAXN=;
struct Edge{
    int from,to,cap,flow;
};
bool cmp(const Edge& a,const Edge& b){
    return a.from < b.from || (a.from == b.from && a.to < b.to);
}
struct Dinic{
    int n,m,s,t;
    vector<Edge> edges;
    vector<int> G[MAXN];
    bool vis[MAXN];
    int d[MAXN];
    int cur[MAXN];
    void init(int n){
        this->n=n;
        for(int i=;i<=n;i++)G[i].clear();
        edges.clear();
    }
    void AddEdge(int from,int to,int cap){
        edges.push_back((Edge){from,to,cap,});
        edges.push_back((Edge){to,from,,});//当是无向图时，反向边容量也是cap,有向边时，反向边容量是0
        m=edges.size();
        G[from].push_back(m-);
        G[to].push_back(m-);
    }
    bool BFS(){
        CL(vis,);
        queue<int> Q;
        Q.push(s);
        d[s]=;
        vis[s]=;
        while(!Q.empty()){
            int x=Q.front();
            Q.pop();
            for(int i=;i<G[x].size();i++){
                Edge& e=edges[G[x][i]];
                if(!vis[e.to]&&e.cap>e.flow){
                    vis[e.to]=;
                    d[e.to]=d[x]+;
                    Q.push(e.to);
                }
            }
        }
        return vis[t];
    }
    int DFS(int x,int a){
        if(x==t||a==)return a;
        int flow=,f;
        for(int& i=cur[x];i<G[x].size();i++){
            Edge& e=edges[G[x][i]];
            if(d[x]+==d[e.to]&&(f=DFS(e.to,min(a,e.cap-e.flow)))>){
                e.flow+=f;
                edges[G[x][i]^].flow-=f;
                flow+=f;
                a-=f;
                if(a==)break;
            }
        }
        return flow;
    }
    //当所求流量大于need时就退出，降低时间
    int Maxflow(int s,int t,int need){
        this->s=s;this->t=t;
        int flow=;
        while(BFS()){
            CL(cur,);
            flow+=DFS(s,INF);
            if(flow>need)return flow;
        }
        return flow;
    }
    //最小割割边
    vector<int> Mincut(){
        BFS();
        vector<int> ans;
        for(int i=;i<edges.size();i++){
            Edge& e=edges[i];
            if(vis[e.from]&&!vis[e.to]&&e.cap>)ans.push_back(i);
        }
        return ans;
    }
    void Reduce(){
        for(int i = ; i < edges.size(); i++) edges[i].cap -= edges[i].flow;
    }
    void ClearFlow(){
        for(int i = ; i < edges.size(); i++) edges[i].flow = ;
    }
};
Dinic solver;
int g[MAXN][];
int cap[];
int n,m;
int build(int l,int r)
{
    solver.init(n+m+);
    int s=n+m;
    int t=n+m+;
    for(int i=;i<n;i++)
        solver.AddEdge(s,i,);
    for(int i=;i<m;i++)
        solver.AddEdge(i+n,t,cap[i]);
    for(int i=;i<n;i++)
        for(int j=l;j<r;j++)
        {
            solver.AddEdge(i,g[i][j]-+n,);
        }
    int maxflow=solver.Maxflow(s,t,INF);
    return maxflow;
}
int solve()
{
    for(int i=;i<=m;i++)
        for(int j=;j+i-<m;j++)
        {
            int ret= build(j,j+i);
            if(ret==n)
                return i;
        }

}
int main()
{
    while(~scanf("%d%d",&n,&m))
    {
        REP(i,,n-)
            REP(j,,m-)
            {
                scanf("%d",&g[i][j]);
            }
        REP(i,,m-)
            scanf("%d",&cap[i]);
        int ans=solve();
        printf("%d\n",ans);
    }
    return ;
}