题意

此题题意不太好懂。现有n头牛和b个牛棚,每个牛棚可以养数目都有一个限制c[i],表示该牛棚最多只能关c[i]头牛,每头牛对每一个牛棚都有一个喜爱值,用1到b来表示,现在要安排这些牛,使得牛棚中牛对牛棚最大喜爱值与最小喜爱值差值最小.

分析:

枚举区间+最大流

新建源点向每头牛连边

牛向barns连边

barns向汇点连边,边权为barns的容量,其实就是一个二分图

最后求最大流就好了

// File Name: 3189.cpp
// Author: Zlbing
// Created Time: 2013年08月15日 星期四 16时26分07秒 #include<iostream>
#include<string>
#include<algorithm>
#include<cstdlib>
#include<cstdio>
#include<set>
#include<map>
#include<vector>
#include<cstring>
#include<stack>
#include<cmath>
#include<queue>
using namespace std;
#define CL(x,v); memset(x,v,sizeof(x));
#define INF 0x3f3f3f3f
#define LL long long
#define REP(i,r,n) for(int i=r;i<=n;i++)
#define RREP(i,n,r) for(int i=n;i>=r;i--)
const int MAXN=;
struct Edge{
int from,to,cap,flow;
};
bool cmp(const Edge& a,const Edge& b){
return a.from < b.from || (a.from == b.from && a.to < b.to);
}
struct Dinic{
int n,m,s,t;
vector<Edge> edges;
vector<int> G[MAXN];
bool vis[MAXN];
int d[MAXN];
int cur[MAXN];
void init(int n){
this->n=n;
for(int i=;i<=n;i++)G[i].clear();
edges.clear();
}
void AddEdge(int from,int to,int cap){
edges.push_back((Edge){from,to,cap,});
edges.push_back((Edge){to,from,,});//当是无向图时,反向边容量也是cap,有向边时,反向边容量是0
m=edges.size();
G[from].push_back(m-);
G[to].push_back(m-);
}
bool BFS(){
CL(vis,);
queue<int> Q;
Q.push(s);
d[s]=;
vis[s]=;
while(!Q.empty()){
int x=Q.front();
Q.pop();
for(int i=;i<G[x].size();i++){
Edge& e=edges[G[x][i]];
if(!vis[e.to]&&e.cap>e.flow){
vis[e.to]=;
d[e.to]=d[x]+;
Q.push(e.to);
}
}
}
return vis[t];
}
int DFS(int x,int a){
if(x==t||a==)return a;
int flow=,f;
for(int& i=cur[x];i<G[x].size();i++){
Edge& e=edges[G[x][i]];
if(d[x]+==d[e.to]&&(f=DFS(e.to,min(a,e.cap-e.flow)))>){
e.flow+=f;
edges[G[x][i]^].flow-=f;
flow+=f;
a-=f;
if(a==)break;
}
}
return flow;
}
//当所求流量大于need时就退出,降低时间
int Maxflow(int s,int t,int need){
this->s=s;this->t=t;
int flow=;
while(BFS()){
CL(cur,);
flow+=DFS(s,INF);
if(flow>need)return flow;
}
return flow;
}
//最小割割边
vector<int> Mincut(){
BFS();
vector<int> ans;
for(int i=;i<edges.size();i++){
Edge& e=edges[i];
if(vis[e.from]&&!vis[e.to]&&e.cap>)ans.push_back(i);
}
return ans;
}
void Reduce(){
for(int i = ; i < edges.size(); i++) edges[i].cap -= edges[i].flow;
}
void ClearFlow(){
for(int i = ; i < edges.size(); i++) edges[i].flow = ;
}
};
Dinic solver;
int g[MAXN][];
int cap[];
int n,m;
int build(int l,int r)
{
solver.init(n+m+);
int s=n+m;
int t=n+m+;
for(int i=;i<n;i++)
solver.AddEdge(s,i,);
for(int i=;i<m;i++)
solver.AddEdge(i+n,t,cap[i]);
for(int i=;i<n;i++)
for(int j=l;j<r;j++)
{
solver.AddEdge(i,g[i][j]-+n,);
}
int maxflow=solver.Maxflow(s,t,INF);
return maxflow;
}
int solve()
{
for(int i=;i<=m;i++)
for(int j=;j+i-<m;j++)
{
int ret= build(j,j+i);
if(ret==n)
return i;
} }
int main()
{
while(~scanf("%d%d",&n,&m))
{
REP(i,,n-)
REP(j,,m-)
{
scanf("%d",&g[i][j]);
}
REP(i,,m-)
scanf("%d",&cap[i]);
int ans=solve();
printf("%d\n",ans);
}
return ;
}

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