Problem_A(CodeForces 688A):

题意：

　　有d天， n个人。如果这n个人同时出现， 那么你就赢不了他们所有的人， 除此之外， 你可以赢他们所有到场的人。

　　到场人数为0也算赢。

　　现给出这n个人d天的到勤情况， 求最大连胜天数。

思路：

　　暴力找下去， 维护最大天数即可。

代码：

#include <cmath>

#include <cstdio>

#include <cstring>

#include <cstdlib>

#include <ctime>

#include <set>

#include <map>

#include <list>

#include <stack>

#include <queue>

#include <string>

#include <vector>

#include <fstream>

#include <iterator>

#include <iostream>

#include <algorithm>

using namespace std;

#define LL long long

#define INF 0x3f3f3f3f

#define MOD 1000000007

#define eps 1e-6

#define MAXN 110

#define MAXM 100

#define dd {cout<<"debug"<<endl;}

#define pa {system("pause");}

#define p(x) {printf("%d\n", x);}

#define pd(x) {printf("%.7lf\n", x);}

#define k(x) {printf("Case %d: ", ++x);}

#define s(x) {scanf("%d", &x);}

#define sd(x) {scanf("%lf", &x);}

#define mes(x, d) {memset(x, d, sizeof(x));}

#define do(i, x) for(i = 0; i < x; i ++)

#define dod(i, x, l) for(i = x; i >= l; i --)

#define doe(i, x) for(i = 1; i <= x; i ++)

int n, d;

int main()

{

	char str[MAXN];

	int ans = 0, max_day = 0;

	scanf("%d %d", &n, &d);

	for(int i = 0; i < d; i ++)

	{

		scanf("%s", str);

		bool flag = false;

		for(int j = 0; j < n; j ++)

			if(str[j] == '0')

				flag = true;

		if(!flag)

		{

			ans = 0;

		}

		else

			ans = ans + 1;

		max_day = max(ans, max_day);

	}

	printf("%d\n", max_day);

	return 0;

}

　　

Problem_B(CodeForces 688B):

题意：

　　给你一个n， 给出第n个偶数长度回文串。

思路：

　　显而易见， 第n个回文串就是n+n的反转， 反向再输出一次即可。

代码：

#include <cmath>

#include <cstdio>

#include <cstring>

#include <cstdlib>

#include <ctime>

#include <set>

#include <map>

#include <list>

#include <stack>

#include <queue>

#include <string>

#include <vector>

#include <fstream>

#include <iterator>

#include <iostream>

#include <algorithm>

using namespace std;

#define LL long long

#define INF 0x3f3f3f3f

#define MOD 1000000007

#define eps 1e-6

#define MAXN 1000010

#define MAXM 100

#define dd {cout<<"debug"<<endl;}

#define pa {system("pause");}

#define p(x) {printf("%d\n", x);}

#define pd(x) {printf("%.7lf\n", x);}

#define k(x) {printf("Case %d: ", ++x);}

#define s(x) {scanf("%d", &x);}

#define sd(x) {scanf("%lf", &x);}

#define mes(x, d) {memset(x, d, sizeof(x));}

#define do(i, x) for(i = 0; i < x; i ++)

#define dod(i, x, l) for(i = x; i >= l; i --)

#define doe(i, x) for(i = 1; i <= x; i ++)

int len;

char str[MAXN];

int main()

{

	scanf("%s", str);

	printf("%s", str);

	for(int i = strlen(str) - 1; i >= 0; i --)

		printf("%c", str[i]);

	printf("\n");

	return 0;

}

　　

Problem_C(CodeForces 688C):

题意：

　　给一个图， n个点，m条边。

　　要求你找到这样的两个集合 A, B。

　　每个集合都满足如下条件：

　　　　任意一条边至少有一个端点在这个集合中。

　　并且A, B无交集。

思路：

　　种类并查集， 先将其分成两个类。

　　然后对于每条边， 看它们是否在同一个类里， 如果在同一个类里， 那么就不可能找到这样的两个集合（因为A, B都要满足上述条件）。

　　不在同一个集合便分别加入两个类里。

代码：

#include <cmath>

#include <cstdio>

#include <cstring>

#include <cstdlib>

#include <ctime>

#include <set>

#include <map>

#include <list>

#include <stack>

#include <queue>

#include <string>

#include <vector>

#include <fstream>

#include <iterator>

#include <iostream>

#include <algorithm>

using namespace std;

#define LL long long

#define INF 0x3f3f3f3f

#define MOD 1000000007

#define eps 1e-6

#define MAXN 400010

#define MAXM 100

int n, m;

int fa[2 * MAXN];

bool has[MAXN];

int A[MAXN], B[MAXN];

int cnt_a, cnt_b;

int find_(int x)

{

	return fa[x] = x == fa[x] ? fa[x] : find_(fa[x]);

}

void union_(int x, int y)

{

	x = find_(x);

	y = find_(y);

	if(x != y) fa[y] = x;

}

bool same(int x, int y)

{

	return find_(x) == find_(y);

}

int main()

{

	memset(has, false, sizeof(has));

	cnt_a = 0, cnt_b = 0;

	scanf("%d %d", &n, &m);

	for(int i = 0; i < 2 * MAXN; i ++)

		fa[i] = i;

	int u, v;

	scanf("%d %d", &u, &v);

	union_(u, v + n);

	union_(u + n, v);

	has[u] = has[v] = true;

	bool flag = false;

	for(int i = 1; i < m; i ++)

	{

		scanf("%d %d", &u, &v);

		if(flag) continue;

		if(same(u, v)) flag = true;

		else

		{

			union_(u, v + n);

			union_(u + n, v);

			has[u] = has[v] = true;

		}

	}

	if(flag) printf("-1\n");

	else

	{

		for(int i = 1; i <= n; i ++)

		{

			if(has[i] && find_(i) <= n)

				A[cnt_a ++] = i;

			if(has[i] && find_(i) > n)

				B[cnt_b ++] = i;

		}

		printf("%d\n", cnt_a);

		for(int i = 0; i < cnt_a; i ++)

			printf("%d ", A[i]);

		printf("\n%d\n", cnt_b);

		for(int i = 0; i < cnt_b; i ++)

			printf("%d ", B[i]);

		printf("\n");

	}

	return 0;

}

　　

Problem_D(CodeForces 688D):

题意：

　　给n个ci， 可以假设已知 x % ci = ai。

　　现给一个k, 问能否由这n个式子确定x % k的值。

思路：

\(由题意可知，如果存在这样的x_1\space x_2\)

\(使得\forall _{i\in [1,n]} 有 x_1\equiv a_i(mod\space c_i) 且x_2\equiv a_i(mod \space c_i)\)

$\because \(
\)\left{

\begin{array}{c}

x_1\equiv a_i(mod \space c_i)\

x_2\equiv a_i(mod \space c_i)\

\end{array}

\right.$

得如下式子：

\(\left\{
\begin{array}{c}
x_1 \%c_i=a_i\%c_i\\
x_2 \%c_i=a_i\%c_i\\
\end{array}
令b=a_i\%c_i得\longrightarrow
\{
\begin{array}{c}
x_1\%c_i=b\\
x_2\%c_i=b\\
\end{array}
\right.\)

\(\therefore (x_1 -x_2) \equiv 0(mod \space c_i)\)

\(由此可得, （x_1-x_2）=yc_i \longrightarrow c_i \mid (x_1-x_2)\)

\(\because \forall _{i\in [1, n]} 都有c_i \mid (x_1-x_2) \longrightarrow lcm(c_1,c_2,\cdots,c_n)\mid(x_1-x_2)\)

\(如果有\)

\(x_1\equiv b(mod \space k)\)

\(x_2\equiv c(mod \space k)\)

\(b\neq c时，即由这n个c_i不能确定x\%k的值\)

\(即(x_1-x_2) \neq0(mod \space k) \longrightarrow lcm(c_1,c_2,\cdots, c_n)\nmid k\)

\(b=c时,表示可以确定x\%k的值\)

\(即lcm(c_1, c_2,\cdots, c_n)\mid k \longrightarrow lcm(c_i) \mid k = 0\)

数比较大， 所以需要边除边算

代码：

#include <cmath>

#include <cstdio>

#include <cstring>

#include <cstdlib>

#include <ctime>

#include <set>

#include <map>

#include <list>

#include <stack>

#include <queue>

#include <string>

#include <vector>

#include <fstream>

#include <iterator>

#include <iostream>

#include <algorithm>

using namespace std;

#define LL long long

#define INF 0x3f3f3f3f

#define MOD 1000000007

#define eps 1e-6

#define MAXN 1000000

#define MAXM 100

#define dd {cout<<"debug"<<endl;}

#define pa {system("pause");}

#define p(x) {printf("%d\n", x);}

#define pd(x) {printf("%.7lf\n", x);}

#define k(x) {printf("Case %d: ", ++x);}

#define s(x) {scanf("%d", &x);}

#define sd(x) {scanf("%lf", &x);}

#define mes(x, d) {memset(x, d, sizeof(x));}

#define do(i, x) for(i = 0; i < x; i ++)

#define dod(i, x, l) for(i = x; i >= l; i --)

#define doe(i, x) for(i = 1; i <= x; i ++)

int n, k;

LL gcd(LL a, LL b)

{

	return b == 0? a : gcd(b, a % b);

}

LL lcm(LL a, LL b)

{

	return a / gcd(a, b) * b;

}

int main()

{

	scanf("%d %d", &n, &k);

	int ans = 1;

	int c;

	for(int i = 0; i < n; i ++)

	{

		scanf("%d", &c);

		ans = gcd(k, lcm(ans, c));

	}

	printf(ans == k? "Yes\n" : "No\n");

	return 0;

}

　　　　

Problem_E(CodeForces 688E):

题意：

给n个硬币，让你用这n个硬币组合出k。

并且对于每个能组合出k的组合， 计算出它能够组合出来的所有数。

思路：

设dp[i][j][y]为从前1~i个硬币, 和为sum时， 能否组合出y。

那么dp[i][j][y]就由三个状态转移过来。

1、不选第i个硬币(dp[i-1][j][y])

2、选择第i个硬币，但是集合中已经有c[i]了(dp[i-1][j-c[i]][y])

3、选择第i个硬币，集合中不存在ci

代码:

#include <cmath>

#include <cstdio>

#include <cstring>

#include <cstdlib>

#include <ctime>

#include <set>

#include <map>

#include <list>

#include <stack>

#include <queue>

#include <string>

#include <vector>

#include <fstream>

#include <iterator>

#include <iostream>

#include <algorithm>

using namespace std;

#define LL long long

#define INF 0x3f3f3f3f

#define MOD 1000000007

#define eps 1e-6

#define MAXN 510

#define MAXM 100

#define dd {cout<<"debug"<<endl;}

#define pa {system("pause");}

#define p(x) {printf("%d\n", x);}

#define pd(x) {printf("%.7lf\n", x);}

#define k(x) {printf("Case %d: ", ++x);}

#define s(x) {scanf("%d", &x);}

#define sd(x) {scanf("%lf", &x);}

#define mes(x, d) {memset(x, d, sizeof(x));}

#define do(i, x) for(i = 0; i < x; i ++)

#define dod(i, x, l) for(i = x; i >= l; i --)

#define doe(i, x) for(i = 1; i <= x; i ++)

int n, k;

bool dp[2][MAXN][MAXN];

int main()

{

	scanf("%d %d", &n, &k);

	int c;

	dp[0][0][0] = 1;

	for(int i = 1; i <= n; i ++)

	{

		int cnt = i % 2;

		int pre = 1 - cnt;

		scanf("%d", &c);

		for(int j = 0; j <= k; j ++)

			for(int y = 0; y <= j; y ++)

			{

				dp[cnt][j][y] = dp[pre][j][y];

				if(j >= c)

					dp[cnt][j][y] = (dp[cnt][j][y] | dp[pre][j - c][y]) | (y >= c? dp[pre][j - c][y - c] : 0);

			}

	}

	vector <int> V;

	for(int i = 0; i <= k; i ++)

		if(dp[n % 2][k][i]) V.push_back(i);

	printf("%d\n", V.size());

	for(int i = 0; i < V.size(); i ++)

		printf("%d ", V[i]);

	printf("\n");

	return 0;

}

Codeforces Round #360 div2的更多相关文章

  1. Codeforces Round #539 div2

    Codeforces Round #539 div2 abstract I 离散化三连 sort(pos.begin(), pos.end()); pos.erase(unique(pos.begin ...

  2. 【前行】◇第3站◇ Codeforces Round #512 Div2

    [第3站]Codeforces Round #512 Div2 第三题莫名卡半天……一堆细节没处理,改一个发现还有一个……然后就炸了,罚了一啪啦时间 Rating又掉了……但是没什么,比上一次好多了: ...

  3. Codeforces Round#320 Div2 解题报告

    Codeforces Round#320 Div2 先做个标题党,骗骗访问量,结束后再来写咯. codeforces 579A Raising Bacteria codeforces 579B Fin ...

  4. Codeforces Round #564(div2)

    Codeforces Round #564(div2) 本来以为是送分场,结果成了送命场. 菜是原罪 A SB题,上来读不懂题就交WA了一发,代码就不粘了 B 简单构造 很明显,\(n*n\)的矩阵可 ...

  5. Codeforces Round #361 div2

    ProblemA(Codeforces Round 689A): 题意: 给一个手势, 问这个手势是否是唯一. 思路: 暴力, 模拟将这个手势上下左右移动一次看是否还在键盘上即可. 代码: #incl ...

  6. Codeforces Round #626 Div2 D,E

    比赛链接: Codeforces Round #626 (Div. 2, based on Moscow Open Olympiad in Informatics) D.Present 题意: 给定大 ...

  7. CodeForces Round 192 Div2

    This is the first time I took part in Codeforces Competition.The only felt is that my IQ was contemp ...

  8. Codeforces Round #359 div2

    Problem_A(CodeForces 686A): 题意: \[ 有n个输入, +\space d_i代表冰淇淋数目增加d_i个, -\space d_i表示某个孩纸需要d_i个, 如果你现在手里 ...

  9. Codeforces Round#310 div2

    C题:这题说的是套娃,如果做题的时候知道是套娃,那就好理解多了 规则1:套娃A可以放到套娃B里面,当且仅当套娃B没有放在其他套娃里面 规则2:套娃A放在套娃B里面,且套娃B没有放在其他套娃里面,那么可 ...

随机推荐

  1. posix thread内存可视性

    线程间的内存可视性 当线程调用怕thread——create时, 它所能看到的内存值也是它建立的线程能够看到的.任何在调用怕thread_create之后写入的数据,可能不会被建立的线程看到,即使写操 ...

  2. [转]win7 64位下android开发环境的搭建

    本文转自:http://www.cfanz.cn/index.php?c=article&a=read&id=65289 最近换了新电脑,装了win7 64位系统,安装了各种开发环境, ...

  3. javascript/jquery给动态加载的元素添加click事件

    /** 这种写法:在重新加载数据后事件依然有效*/$(document).on('click', '#district_layer ul li', function () { });

  4. Maven初学之经验浅谈

    关于Maven这个东西,我不做任何评价. 直接上资料,适合初学者 推荐资料 http://www.imooc.com/learn/443 www.imooc.com/article/15037 还有个 ...

  5. 简单实体Json序列化(输出JSON的属性可变)

    简单实体Json序列化(输出JSON的属性可变) 一.先看效果 可以看出 , 我们在序列化一个对像时, 只给出了 我们想要 输出的两个字段名,  实际实体有5个属性, 经过可变属性序列化后的JSON ...

  6. bootstrap 的 datetimepicker 结束时间大于开始时间

    web的时间js控件,在管理性的项目中频繁用到,总结了一些用到的知识,分享出来,供以后学习: 1.首先引用资源包: bootstrap基础资源包: bootstrap.min.css .bootstr ...

  7. Windows8.1下PHP环境配置(PHP5.6、Apache2.4、MySql5.6)

    Step0 安装准备(均为64-bit版本) 下载php "Non Thread Safe"是IIS专用的,"Thread Safe"是Apache服务器用的. ...

  8. 【转】代码高处走 从VC6到VC9移植代码问题说明

    首先可以直接用Visual Studio 2008的打开VC6的工作区文件和项目文件(dsw和dsp),并将其升级为VS2008的解决方案格式和项目格式(sln和vcproj),VC9的编译器相对于V ...

  9. 第十三篇、jQuery Mobile

    API-->搜索data 0.page data-transition="slide" // 页面切换效果 data-position="fixed" / ...

  10. 如何在浏览器网页中实现java小应用程序的功能

    我们知道,java语言的运用就是面向对象实现功能,和c不同,java语言对于程序员来说,运用起来更为简便. 小应用程序与应用程序不同,小应用程序只能在与Java兼容的容器中运行,可以嵌入在HTML网页 ...