https://www.luogu.org/problemnew/show/CF1019E

题解

\[dis=day*a+b
\]

\[b=-day*a+dis
\]

然后就变成了斜率优化。

考虑边分治,每次把两边的凸包求出来。

然后再把两边的凸包做闵可夫斯基和求出新的凸包。

最后把分治求的的所有凸包上的点再做一次凸包即可得到答案凸包。

代码

#include<bits/stdc++.h>
#define N 200007
#define M 1000009
using namespace std;
typedef long long ll;
int head[N],tot=1,dp[N],sum,size[N],root,rootval,_rootval,top,n,m,num,cuu[2];
bool vis[N],jin[N<<1];
ll ans[M];
inline ll rd(){
ll x=0;char c=getchar();bool f=0;
while(!isdigit(c)){if(c=='-')f=1;c=getchar();}
while(isdigit(c)){x=(x<<1)+(x<<3)+(c^48);c=getchar();}
return f?-x:x;
}
struct point{
double x,y;
inline point operator +(const point &b)const{return point{x+b.x,y+b.y};}
inline point operator -(const point &b)const{return point{x-b.x,y-b.y};}
inline double operator *(const point &b)const{return x*b.y-y*b.x;}
}cu[2][N],st[N*20];
inline double get_k(point y,point x){
return (y.y-x.y)/(y.x-x.x);
}
inline bool cmp(point a,point b){
if(a.x!=b.x)return a.x<b.x;
return a.y>b.y;
}
struct nd{int to,a,b;};
vector<nd>vec[N];
vector<point>pt,tp[2];
struct edge{
int n,to;
ll a,b;
}e[N<<1];
inline void add(int u,int v,int a,int b){
e[++tot].n=head[u];e[tot].to=v;head[u]=tot;e[tot].a=a;e[tot].b=b;
e[++tot].n=head[v];e[tot].to=u;head[v]=tot;e[tot].a=a;e[tot].b=b;
}
inline void get_tb(int tag,int num){
sort(cu[tag]+1,cu[tag]+num+1,cmp);
tp[tag].clear();
tp[tag].push_back(cu[tag][1]);
int top=1;
for(int i=2;i<=num;++i){
if(cu[tag][i].x==tp[tag][top-1].x)continue;
while(top>1&&get_k(cu[tag][i],tp[tag][top-2])>get_k(tp[tag][top-1],tp[tag][top-2]))tp[tag].pop_back(),top--;
tp[tag].push_back(cu[tag][i]);top++;
}
}
inline void merge(){
point now=tp[0][0]+tp[1][0];
pt.push_back(now);
int sm=tp[0].size()+tp[1].size()-2,now1=0,now2=0;
for(int i=1;i<=sm;++i){
point xx,yy;
if(now1+1<tp[0].size())xx=tp[0][now1+1]-tp[0][now1];
if(now2+1<tp[1].size())yy=tp[1][now2+1]-tp[1][now2];
if(now2+1>=tp[1].size()||((now1+1<tp[0].size())&&xx*yy<0))now=now+xx,now1++;
else now=now+yy,now2++;
pt.push_back(now);
}
}
void dfs1(int u,int fa){
int now=0;
for(vector<nd>::iterator it=vec[u].begin();it!=vec[u].end();++it){
int v=it->to,a=it->a,b=it->b;
if(v==fa)continue;
if(!now){add(u,v,a,b);now=u;}
else{++num;add(now,num,0,0);add(num,v,a,b);now=num;}
dfs1(v,u);
}
}
void getroot(int u,int fa){
size[u]=1;dp[u]=0;
for(int i=head[u];i;i=e[i].n)if(e[i].to!=fa&&!jin[i]){
int v=e[i].to;
getroot(v,u);
size[u]+=size[v];
if(max(size[v],sum-size[v])<rootval){
root=i;
rootval=max(size[v],sum-size[v]);
_rootval=size[v];
}
}
}
void getdeep(int u,int fa,int tag,ll suma,ll sumb){
bool tg=0;
for(int i=head[u];i;i=e[i].n)if(e[i].to!=fa&&!jin[i]){
int v=e[i].to;tg=1;
getdeep(v,u,tag,suma+e[i].a,sumb+e[i].b);
}
if(!tg){
cu[tag][++cuu[tag]]=point{suma,sumb};
}
}
void solve(int rot,int S){
int u=e[rot].to,v=e[rot^1].to;
jin[rot]=jin[rot^1]=1;
int sm1=_rootval,sm2=S-_rootval;
cuu[0]=cuu[1]=0;
getdeep(u,0,0,e[rot].a,e[rot].b);
getdeep(v,0,1,0ll,0ll);
get_tb(0,cuu[0]);
get_tb(1,cuu[1]);
merge();
if(sm1!=1){
sum=sm1;rootval=num;getroot(u,0);
solve(root,sm1);
}
if(sm2!=1){
sum=sm2;rootval=num;getroot(v,0);
solve(root,sm2);
}
}
int main(){
n=rd();m=rd();
if(n==1){
for(int i=1;i<=m;++i)printf("0 ");
return 0;
}
int x,y,a,b;
for(int i=1;i<n;++i){
x=rd();y=rd();a=rd();b=rd();
vec[x].push_back(nd{y,a,b});
vec[y].push_back(nd{x,a,b});
}
num=n;
dfs1(1,0);
root=0;sum=num;rootval=num;
getroot(1,0);
solve(root,num);
sort(pt.begin(),pt.end(),cmp);
for(vector<point>::iterator it=pt.begin();it!=pt.end();++it){
point now=*it;
if(!top){st[top=1]=now;continue;}
if(now.x==st[top].x)continue;
while(top>1&&get_k(now,st[top-1])>get_k(st[top],st[top-1]))top--;
st[++top]=now;
}
for(int i=m-1;i>=0;--i){
while(top>1&&get_k(st[top],st[top-1])<-i)top--;
ans[i]=1ll*i*st[top].x+st[top].y;
}
for(int i=0;i<m;++i)printf("%I64d ",ans[i]);
return 0;
}

CF1019E Raining season的更多相关文章

  1. Codeforces Round #503 (by SIS, Div. 1)E. Raining season

    题意:给一棵树每条边有a,b两个值,给你一个m,表示从0到m-1,假设当前为i,那么每条边的权值是a*i+b,求该树任意两点的最大权值 题解:首先我们需要维护出(a,b)的凸壳,对于每个i在上面三分即 ...

  2. ural 1250. Sea Burial

    1250. Sea Burial Time limit: 1.0 secondMemory limit: 64 MB There is Archipelago in the middle of a s ...

  3. 越狱Season 1- Episode 22: Flight

    Season 1, Episode 22: Flight -Franklin: You know you got a couple of foxes in your henhouse, right? ...

  4. 越狱Season 1-Episode 21: Go

    Season 1, Episode 21: Go -Michael: I need you to let me get us out of here. 我需要你帮我出去 -Patoshik: If y ...

  5. 越狱Season 1-Episode 20: Tonight

    Season 1, Episode 20: Tonight -Pope: I want him under 24hour surveillance. surveillance: 监视 保证24小时监视 ...

  6. 越狱Season 1-Episode 19: The Key

    Season 1, Episode 19: The Key -Kellerman: WeusedtohaveaGreatDane, Dane: 丹麦大狗 我们以前有一只大丹犬 bigandwild. ...

  7. 越狱Season 1- Episode 18: Bluff

    Season 1, Episode 18: Bluff -Michael: Scofield Scofield Michael Scofield Michael Scofield -Patoshik: ...

  8. 越狱Season 1-Episode 17: J-Cat

    Season 1, Episode 17: J-Cat -Pope: Hey, that's looking good. 嗨,看起来真棒 You're making some real progres ...

  9. 越狱Season 1- Episode 16

    Season 1, Episode 16 -Burrows:Don't be. It's not your fault. 不要,不是你的错 -Fernando: Know what I like? 知 ...

随机推荐

  1. 八、Zabbix-应用集、监控项

    一.应用集 1.应用集一般配合监控项使用,它相当于多个同类型的监控项的分类目录 2.添加应用集 (1)配置—>模板—>需要调整的模板—>应用集 (2)添加应用集 (3) (4)查看应 ...

  2. JAVA基础面向对象分析

    面向对象内存的分析: 一:内存的分类 1:栈(tack) 2:堆(heop) 3: 静态区 4:代码区 二:引用数据类型内存特点 三:引用数据类型传值的特点 四:引用数据类型在作为参数时的特点 面向对 ...

  3. Linux /dev/shm

    /dev/shm是Linux下的一个目录,/dev/shm目录不在磁盘上,而是在内存中,因此使用Linux /dev/shm的效率非常高,直接写进内存 可以通过两个脚本验证Linux /dev/shm ...

  4. Java——HashMap底层源码分析

    1.简介 HashMap 根据键的 hashCode 值存储数据,大多数情况下可以直接定位到它的值,因而具有很快的访问速度,但遍历顺序却是不确定的. HashMap 最多只允许一条记录的key为 nu ...

  5. Maven 项目中的groupId和artifactId

    maven进行项目管理,如果我们要将项目加入到maven到本地仓库中,则需要对项目进行唯一性标示,而groupId和artifactId就起到这样对作用. groupId为项目组织对唯一标识符,可以理 ...

  6. C++ 14 auto

    C++14标准最近刚被通过,像以前一样,没有给这个语言带来太大变化,C++14标准是想通过改进C++11 来让程序员更加轻松的编程,C++11引入auto关键字(严格来说auto从C++ 03 开始就 ...

  7. Sql server 执行计划详解

    序言 本篇主要目的有二: 1.看懂t-sql的执行计划,明白执行计划中的一些常识. 2.能够分析执行计划,找到优化sql性能的思路或方案. 如果你对sql查询优化的理解或常识不是很深入,那么推荐几骗博 ...

  8. SI 和 MDK 添加Astyle功能

    一. 什么是Astyle 1. Astyle是一个用来对C/C++代码进行格式化的插件,可在多个环境中使用.该插件基于 Artistic Style 开发 二. 软件获取地址 1.下载地址:https ...

  9. 【SSL1786】麻将游戏

    题目大意: 给出一个矩阵,查询其中两个点连通线段数 正文: 看这题好眼熟... 实质和这道题是一模一样的,只不过由一条询问升级到多条询问.

  10. 四、JVM — 类文件结构

    类文件结构 一 概述 二 Class 文件结构总结 2.1 魔数 2.2 Class 文件版本 2.3 常量池 2.4 访问标志 2.5 当前类索引,父类索引与接口索引集合 2.6 字段表集合 2.7 ...