ZOJ 3888 Twelves Monkeys (预处理+优先队列)

题目链接：ZOJ 3888 Twelves Monkeys

题意：题目描写叙述起来比較绕，直接讲案例

9 3 3

9 1

6 1

4 1

6

7

2

输入n,m,q。n限制了你询问的年份，m台时光机，q个询问。

接下来m行，描写叙述从第9年回到第1年。

接下里就是三个询问。

第一个询问6的答案是5.

1.从第6年回到第1年 （6-1）直接做时光机2，（6-7-8-9-1）过3年之后能够做时光机3。

有两个路径能够走（题目中要求至少两条路径）。所以是有效的方案。

2.从第6年回到第2年

.....

思路：先按第一维排序，查找大于等于X（X是询问的年份）的有多少个，若个数小于2。该方案不可行，若个数大于等于2。在查找全部第一维大于等于X的区间中第二维的第二小的值，答案就是X-第二小的值

AC代码：

#include <stdio.h>
#include <algorithm>
#include <queue>
#include <string.h>
using namespace std;

struct node {
    int a,b;
};
struct node p[50010];
bool cmp(node a,node b) {
    if(a.a!=b.a) return a.a>b.a;
    return a.b>b.b;
}

int sum[50010];
priority_queue<int, vector<int>, greater<int> > que;
int main() {
    int i,j;
    int n,m,q,c;
    while(scanf("%d %d %d",&n,&m,&q)!=EOF) {
        while(!que.empty())
            que.pop();
        for(i=0; i<m; i++) {
            scanf("%d %d",&p[i].a,&p[i].b);
        }
        sort(p,p+m,cmp);
        sum[1]=0;
        int a1,a2;
        for(i=n,j=0; i>=2; i--) {
            for(; j<m; j++) {
                if(i<=p[j].a) que.push(p[j].b);
                else  break;
            }
            if((int)que.size()<2) {
                sum[i]=0;
                continue;
            }
            a1=que.top();
            que.pop();
            a2=que.top();
            que.pop();
            que.push(a1);
            que.push(a2);
            if(i-a2<0) sum[i]=0;
            else sum[i]=i-a2;
        }
        while(q--) {
            scanf("%d",&c);
            printf("%d\n",sum[c]);
        }
    }
    return 0;
}