传送门

分析

代码

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<string>
#include<algorithm>
#include<cctype>
#include<cmath>
#include<cstdlib>
#include<queue>
#include<ctime>
#include<vector>
#include<set>
#include<map>
#include<stack>
using namespace std;
#define wh ((i&1)?1:-1)
const int inf = 1e9+;
int g[][],s,t,n,to[],head[],w[],nxt[];
int level[],cur[],cnt,ano[];
inline void init(){
memset(head,,sizeof(head));
cnt=;
}
inline void add(int x,int y,int z){
nxt[++cnt]=head[x];
head[x]=cnt;
to[cnt]=y;
w[cnt]=z;
nxt[++cnt]=head[y];
head[y]=cnt;
to[cnt]=x;
w[cnt]=z;
ano[cnt]=cnt-;
ano[cnt-]=cnt;
}
inline void deal(){
int i,j,k;
for(i=;i<n;i++)
for(j=i+;j<=n;j++)
if(g[i][j]==)add(i,j,);
else if(g[i][j]==)add(i,j,inf);
}
inline bool bfs(){
memset(level,-,sizeof(level));
queue<int>q;
q.push(s);
level[s]=;
while(!q.empty()){
int x=q.front();
q.pop();
for(int i=head[x];i;i=nxt[i])
if(w[i]&&level[to[i]]==-){
level[to[i]]=level[x]+;
if(to[i]==t)return ;
q.push(to[i]);
}
}
return ;
}
inline int dfs(int x,int flow){
if(x==t)return flow;
int res=;
cur[x]=head[x];
for(int i=cur[x];i;i=nxt[i]){
cur[x]=i;
int y=to[i];
if(level[y]==level[x]+&&w[i]){
int f=dfs(y,min(flow-res,w[i]));
res+=f;
w[i]-=f;
w[ano[i]]+=f;
}
}
if(!res)level[x]=-;
return res;
}
int main(){
int a1,a2,b1,b2,an,bn,i,j,k,Ans1,Ans2;
while(~scanf("%d",&n)){
scanf("%d%d%d%d%d%d",&a1,&a2,&an,&b1,&b2,&bn);
a1++,a2++,b1++,b2++;
for(i=;i<=n;i++){
char s[];
scanf("%s",s);
for(j=;j<n;j++){
if(s[j]=='O')g[i][j+]=;
else if(s[j]=='N')g[i][j+]=;
else g[i][j+]=;
}
}
init();
Ans1=;
deal();
s=n+,t=n+;
add(s,a1,an<<),add(s,b1,bn<<);
add(a2,t,an<<),add(b2,t,bn<<);
while(bfs())while(int a=dfs(s,inf))Ans1+=a;
init();
Ans2=;
deal();
s=n+,t=n+;
add(s,a1,an<<),add(s,b2,bn<<);
add(a2,t,an<<),add(b1,t,bn<<);
while(bfs())while(int a=dfs(s,inf))Ans2+=a;
if(Ans1!=(an<<)+(bn<<)||Ans2!=(an<<)+(bn<<))puts("No");
else puts("Yes");
}
return ;
}

p3163 [CQOI2014]危桥的更多相关文章

  1. BZOJ 3504: [Cqoi2014]危桥 [最大流]

    3504: [Cqoi2014]危桥 Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 128 MBSubmit: 1407  Solved: 703[Submit][Status] ...

  2. Luogu3163 [CQOI2014]危桥 ---- 网络流 及 一个细节的解释

    Luogu3163 [CQOI2014]危桥 题意 有$n$个点和$m$条边,有些边可以无限次数的走,有些边这辈子只能走两次,给定两个起点和终点$a_1 --> a_2$(起点 --> 终 ...

  3. 3504: [Cqoi2014]危桥

    3504: [Cqoi2014]危桥 链接 分析: 首先往返的可以转化为全是“往”,那么只要将容量除以2即可. 然后S向a1连边容量为an(除以2之前为2*an),S向a2连边容量为an,b1,b2向 ...

  4. bzoj千题计划137:bzoj [CQOI2014]危桥

    http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3504 往返n遍,即单向2*n遍 危桥流量为2,普通桥流量为inf 原图跑一遍最大流 交换b1,b2再 ...

  5. AC日记——[CQOI2014]危桥 洛谷 P3163

    题目描述 Alice和Bob居住在一个由N座岛屿组成的国家,岛屿被编号为0到N-1.某些岛屿之间有桥相连,桥上的道路是双向的,但一次只能供一人通行.其中一些桥由于年久失修成为危桥,最多只能通行两次.A ...

  6. 【BZOJ 3504】[Cqoi2014]危桥

    Description Alice和Bob居住在一个由N座岛屿组成的国家,岛屿被编号为0到N-1.某些岛屿之间有桥相连,桥上的道路是双 向的,但一次只能供一人通行.其中一些桥由于年久失修成为危桥,最多 ...

  7. [CQOI2014]危桥

    题目描述 Alice和Bob居住在一个由N座岛屿组成的国家,岛屿被编号为0到N-1.某些岛屿之间有桥相连,桥上的道路是双 向的,但一次只能供一人通行.其中一些桥由于年久失修成为危桥,最多只能通行两次. ...

  8. BZOJ.3504.[CQOI2014]危桥(最大流ISAP)

    BZOJ 洛谷 这种题大多是多源多汇跑网络流.往返\(a_n/b_n\)次可以看做去\(a_n/b_n\)次,直接把危桥能走的次数看做\(1\). 先不考虑别的,直接按原图建模:危桥建双向边容量为\( ...

  9. BZOJ3504 CQOI2014危桥(最大流)

    如果只有一个人的话很容易想到最大流,正常桥连限流inf双向边,危桥连限流2双向边即可.现在有两个人,容易想到给两起点建超源两汇点建超汇,但这样没法保证两个人各自到达自己要去的目的地.于是再超源连一个人 ...

随机推荐

  1. 关于stl advance函数移动步数超过容器大小(越界)的研究

    今天使用advance遇到个问题,当advance移动步数超过容器大小时,表现的结果居然不一样. 再来看下stl源码 template<typename _BidirectionalIterat ...

  2. Laser

    Petya is the most responsible worker in the Research Institute. So he was asked to make a very impor ...

  3. C++对C语言的拓展(3)—— 默认参数和占位参数

    通常情况下,函数在调用时,形参从实参那里取得值.对于多次调用同一函数同一 实参时,C++给出了更简单的处理办法.给形参以默认值,这样就不用从实参那里取值了. 1.单个默认参数 若填写参数,使用你填写的 ...

  4. 关于postman、postman interceptor的安装、配置问题

    由于app中有一些鉴权问题,需要携带浏览器的cookie. 不然的话不能够正确测试接口,就在chrome(这里下载的来源是Google商店)中添加了postman interceptor插件. 然后发 ...

  5. ELK多种架构及优劣

    圈子里关于大数据.云计算相关文章和讨论是越来越多,愈演愈烈.行业内企业也争前恐后,群雄逐鹿.而在大数据时代的运维挑站问题也就日渐突出,任重而道远了.本文旨在针对复杂的大数据运维系统推荐一把利器,达到抛 ...

  6. Oracle 闪回归档(Flashback Data Archive)

    --检查权限 SELECT * FROM dba_sys_privs WHERE privilege LIKE '%FLASH%'; --设置权限 GRANT dba TO testuser;--设置 ...

  7. 蓝桥杯 基础练习 BASIC-24 龟兔赛跑预测

    基础练习 龟兔赛跑预测   时间限制:1.0s   内存限制:512.0MB 问题描述 话说这个世界上有各种各样的兔子和乌龟,但是研究发现,所有的兔子和乌龟都有一个共同的特点——喜欢赛跑.于是世界上各 ...

  8. Hot resize Multipath Disk – Linux

    This post is for the users of the great dm-multipath system in Linux, who encounter a major availabi ...

  9. 【转】LTE基本架构

    这篇文章主要介绍LTE的最基础的架构,包括LTE网络的构成,每一个网络实体的作用以及LTE网络协议栈,最后还包括对一个LTE数据流的模型的说明. LTE网络参考模型 这是一张非常有名的LTE架构图,从 ...

  10. Python函数(四)-递归函数

    递归函数就是函数在自己内部调用自己 # -*- coding:utf-8 -*- __author__ = "MuT6 Sch01aR" def Digui(n): print(n ...