【BZOJ】2186 沙拉公主的困惑

一道很有价值的题。



【解析1】欧几里德算法求乘法逆元，前缀和



[Analysis]O(T n log n)。

[Sum]

①int运算。假设会超出界，第一个数前要加上(LL)即类型转换。

②gcd不变的欧几里德定理：能够是加。也能够是减。



[Code]

/**************************************************************
    Problem: 2186
    User: y20070316
    Language: C++
    Result: Accepted
    Time:6496 ms
    Memory:157056 kb
****************************************************************/

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
using namespace std;

typedef long long LL;
const int N=10000001;

int p[N],v[N],inv[N];   //screen
int pre[N]; //Prefix n!
int cas,r,n,m;  //Basic
int x,y;    //Exgcd

void exgcd(int i,int j)
{
    if (!j) {x=1,y=0;return;}
    exgcd(j,i%j);
    int x_=y,y_=x-(i/j)*y;
    x=x_,y=y_;
}

int main(void)
{
    scanf("%d%d",&cas,&r);

    for (int i=2;i<N;i++)
    {
        if (!v[i])
        {
            p[++p[0]]=i;
            exgcd(i,r),inv[i]=x%r;
        }
        for (int j=1;j<=p[0];j++)
        {
            if (i*p[j]>=N) break;
            v[i*p[j]]=1;
            if (i%p[j]==0) break;
        }
    }

    pre[0]=1;
    for (int i=1;i<N;i++)
        pre[i]=(LL)pre[i-1]*i%r;

    inv[1]=1;
    for (int i=2;i<N;i++)
        if (!inv[i])
            inv[i]=inv[i-1];
        else
        {
            inv[i]=(LL)inv[i]*(i-1)%r;
            inv[i]=(LL)inv[i]*inv[i-1]%r;
        }

    for (int cc=1;cc<=cas;cc++)
    {
        scanf("%d%d",&n,&m);
        printf("%d\n",((LL)pre[n]*inv[m]%r+r)%r);
    }

    return 0;
}</span>

【解析2】递推求乘法逆元，前缀和



[Analysis]O(Tn)

性质：关于Mod M作用下i的逆元inv[i]=-(M/i)*inv[M%i]。

证明：

令a=M/i，b=M%i，

∴M=ai+b。

∴inv[i] = -a * inv[b]。

同余式两边同一时候乘上i。得：

i * inv[i]

= -ai * inv[b]

= (b-M) * inv[b]

= b*inv[b]

= 1 (mod M)

∴inv[i]为在Mod M下i的逆元，证毕。

O(n)求法比直接求全部素数的逆元还慢一些...

[Code]

/**************************************************************
    Problem: 2186
    User: y20070316
    Language: C++
    Result: Accepted
    Time:7700 ms
    Memory:196116 kb
****************************************************************/

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
using namespace std;

typedef long long LL;
const int N=10000001;

int p[N],v[N];  //screen
int inv[N],sinv[N]; //Mutiplicative Inverse
int pre[N]; //Prefix n!
int cas,r,n,m;  //Basic

int main(void)
{
    scanf("%d%d",&cas,&r);

    for (int i=2;i<N;i++)
    {
        if (!v[i]) p[++p[0]]=i;
        for (int j=1;j<=p[0];j++)
        {
            if (i*p[j]>=N) break;
            v[i*p[j]]=1;
            if (i%p[j]==0) break;
        }
    }

    pre[0]=1;
    for (int i=1;i<N;i++)
        pre[i]=(LL)pre[i-1]*i%r;

    inv[1]=1;
    for (int i=2;i<N;i++)
        inv[i]=(LL)(r-r/i)*inv[r%i]%r;

    sinv[1]=1;
    for (int i=2;i<N;i++)
    {
        sinv[i]=sinv[i-1];
        if (!v[i])
        {
            sinv[i]=(LL)sinv[i]*(i-1)%r;
            sinv[i]=(LL)sinv[i]*inv[i]%r;
        }
    }

    for (int cc=1;cc<=cas;cc++)
    {
        scanf("%d%d",&n,&m);
        printf("%d\n",((LL)pre[n]*sinv[m]%r+r)%r);
    }

    return 0;
}</span>

以下是做这道题时做的一些笔记：

1.阶乘的乘除

①直接计算。

②分解质因数。

假设有取余，用①方便。

假设要写高精度，用②方便。

2、欧拉函数的求法

例：求fai(60)

①分解质因数正规求法

60=2^2 * 3^1 * 5^1。

∴fai(60)=60 * (1-1/2) * (1-1/3) * (1-1/5) = 16。

②依据①的还有一种求法

fai(60)= (1 * 2^1) * (2*3^0) * (4*5^0)= 16。

③积性函数的解法：可结合欧拉筛法达到O(n)求出全部。

fai(60) = fai(2^2) * fai(3^1) * fai(5^1) = 16。

3、乘法逆元（mutiplicative inverse）

（1）什么是乘法逆元？

群G中随意一个元素a，都在G中有唯一的逆元a'，s.t. aa'=a'a=e，e为单位元。

例：求4关于1模7的逆元，即求关于X的方程 4X ≡1 (mod 7)。

（2）怎么求乘法逆元？

在求乘法逆元aa'=b(mod c)前，要满足(a,c)=1即(a,c)互质。

①同余方程 --> 不定方程 --> exgcd。

单个。O(log n)。

②欧拉定理

依据欧拉定理，当a与P互质时，a ^ fai(P) = 1 (mod P)。

∴a * a^(fai(P)-1) =1 (mod P)。

在mod P意义下a的乘法逆元a' = a^(fai(P)-1)。

特别的，当P为质数时，a' = a^(P-2)。

单个，O(log fai(P)-1)。

③积性函数

乘法逆元是积性函数，能够线性筛(screen)。

对于素数考虑以上两种方法哪种好。

全部。O(log n)或者O(fai(P)-1)，一般来说用①。

④递推法。 全部，O(n)。

关于递推法。见：

http://blog.csdn.net/whyorwhnt/article/details/19169035。

（3）一个经典的问题：求(a/b) mod p。

性质：设b'为b的逆元，即：b'b=1(mod p)，那么 a/b = a*b' (mod p)。

证：

∵b'b=1(mod p)

∴b'b=1+px即b'=(1+px)/b。

∴a*b'=a*(1+px)/b=a*(1+0)/b(mod p)=a/b (mod p)，证毕。

这个性质在a变求和边取模，然后求(a/b) mod p时实用。