ORZ blutrex。。。。。。

主席树。

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define maxv 1000500
#define maxq 1000500
#define maxe 1600500
using namespace std;
struct edge
{
long long v,nxt;
}e[maxe];
struct answer
{
long long sum1,sum2;
};
long long n,q,x,y,nume=,g[maxv],size[maxv],dis[maxv],w[maxv],mx[maxv],mxdis=,cnt=,fw[maxv];
long long root[maxv],ls[maxv<<],rs[maxv<<],val1[maxv<<],val2[maxv<<],tot=;
void addedge(long long u,long long v)
{
e[++nume].v=v;
e[nume].nxt=g[u];
g[u]=nume;
}
void dfs(long long x,long long fath)
{
size[x]=;w[x]=++cnt;mx[x]=w[x];fw[cnt]=x;
for (long long i=g[x];i;i=e[i].nxt)
{
long long v=e[i].v;
if (v!=fath)
{
dis[v]=dis[x]+;mxdis=max(mxdis,dis[v]);
dfs(v,x);
size[x]+=size[v];
mx[x]=max(mx[x],mx[v]);
}
}
}
void build(long long &now,long long left,long long right)
{
now=++tot;val1[now]=val2[now]=;
if (left==right) return;
long long mid=(left+right)>>;
build(ls[now],left,mid);
build(rs[now],mid+,right);
}
void modify(long long last,long long &now,long long left,long long right,long long pos,long long x)
{
now=++tot;ls[now]=ls[last];rs[now]=rs[last];
val1[now]=val1[last]+x;val2[now]=val2[last]+;
if (left==right) return;
long long mid=(left+right)>>;
if (pos<=mid) modify(ls[last],ls[now],left,mid,pos,x);
else modify(rs[last],rs[now],mid+,right,pos,x);
}
answer merge(answer x,answer y)
{
answer ret;
ret.sum1=x.sum1+y.sum1;
ret.sum2=x.sum2+y.sum2;
return ret;
}
answer ask(long long last,long long now,long long left,long long right,long long l,long long r)
{
answer ret;
if ((left==l) && (right==r))
{
ret.sum1=val1[now]-val1[last];
ret.sum2=val2[now]-val2[last];
return ret;
}
long long mid=(left+right)>>;
if (r<=mid) return ask(ls[last],ls[now],left,mid,l,r);
else if (l>=mid+) return ask(rs[last],rs[now],mid+,right,l,r);
else return merge(ask(ls[last],ls[now],left,mid,l,mid),ask(rs[last],rs[now],mid+,right,mid+,r));
}
int main()
{
scanf("%lld%lld",&n,&q);
for (long long i=;i<=n-;i++)
{
scanf("%lld%lld",&x,&y);
addedge(x,y);
addedge(y,x);
}
dfs(,);
build(root[],,mxdis);
for (long long i=;i<=n;i++)
modify(root[i-],root[i],,mxdis,dis[fw[i]],size[fw[i]]);
for (long long i=;i<=q;i++)
{
scanf("%lld%lld",&x,&y);
long long ret=min(dis[x],y)*(size[x]-);
answer regis=ask(root[w[x]-],root[mx[x]],,mxdis,min(dis[x]+,mxdis),min(dis[x]+y,mxdis));
ret+=regis.sum1-regis.sum2;
printf("%lld\n",ret);
}
return ;
}

BZOJ 3653 谈笑风生的更多相关文章

  1. BZOJ 3653: 谈笑风生(离线, 长链剖分, 后缀和)

    题意 给你一颗有 \(n\) 个点并且以 \(1\) 为根的树.共有 \(q\) 次询问,每次询问两个参数 \(p, k\) .询问有多少对点 \((p, a, b)\) 满足 \(p,a,b\) 为 ...

  2. BZOJ.3653.谈笑风生(长链剖分/线段树合并/树状数组)

    BZOJ 洛谷 \(Description\) 给定一棵树,每次询问给定\(p,k\),求满足\(p,a\)都是\(b\)的祖先,且\(p,a\)距离不超过\(k\)的三元组\(p,a,b\)个数. ...

  3. 主席树 || 可持久化线段树 || BZOJ 3653: 谈笑风生 || Luogu P3899 [湖南集训]谈笑风生

    题面:P3899 [湖南集训]谈笑风生 题解: 我很喜欢这道题. 因为A是给定的,所以实质是求二元组的个数.我们以A(即给定的P)作为基点寻找答案,那么情况分两类.一种是B为A的父亲,另一种是A为B的 ...

  4. 【刷题】BZOJ 3653 谈笑风生

    Description 设T 为一棵有根树,我们做如下的定义: ? 设a和b为T 中的两个不同节点.如果a是b的祖先,那么称"a比b不知道 高明到哪里去了". ? 设a 和 b 为 ...

  5. bzoj 3653 谈笑风生——主席树

    题目:https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3653 原来一直想怎么线段树合并.可是不会把角标挪一位. 查询的其实是子树内一段深度的点的 s ...

  6. bzoj 3653 谈笑风生 —— 主席树

    题目:https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3653 对于一个 (a,b,c),分成 b 是 a 的祖先和 b 在 a 子树里两部分: 第一 ...

  7. BZOJ 3653: 谈笑风生(DFS序+可持久化线段树)

    首先嘛,还是太弱了,想了好久QAQ 然后,这道题么,明显就是求sigma(size[x]) (x是y的儿子且层树小于k) 然后就可以发现:把前n个节点按深度建可持久化线段树,就能用前缀和维护了 其实不 ...

  8. bzoj 3653: 谈笑风生 可持久化线段树

    题目大意 在一棵单位边权的有根树上支持询问: 给定a,k求满足下列条件的有序三元对的个数. a,b,c互不相同 a,b均为c的祖先 a,b树上距离<=k 题解 solution 1 首先我们知道 ...

  9. bzoj 3653: 谈笑风生【dfs序+主席树】

    考虑b的两种情况,一种是p的祖先,这种点有min(k,de[p]-1)个,然后每个这种b都有si[p]-1个c点可选: 另一种是p的子孙,要求是在p的子树内且deep在de[p]+1~de[p]+k之 ...

随机推荐

  1. Ruby中的语句中断和返回

    李哲 - APRIL 28, 2015 return,break,next 这几个关键字的使用都涉及到跳出作用域的问题,而他们的不同 则在于不同的关键字跳出去的目的作用域的不同,因为有代码块则导致有一 ...

  2. ios开发之AppDelegate

    创建应用程序之后之后,默认有AppDelegate.h文件与AppDelegate.m文件.   AppDelegate为何物?  AppDelegate为整个应用的一个代理,提供程序启动.退出等类似 ...

  3. poj 2449(A*求第K短路)

    题目链接:http://poj.org/problem?id=2449 思路:我们可以定义g[x]为源点到当前点的距离,h[x]为当前点到目标节点的最短距离,显然有h[x]<=h*[x](h*[ ...

  4. Log4net学习

    转自:http://www.cnblogs.com/sirkevin/archive/2012/06/13/2548449.html Log4net简介根据日志类别保存到不同的文件,并按照日期生成不同 ...

  5. 跨平台的加密算法XXTEA 的封装

    跨平台的加密算法XXTEA 的封装 XXTEA算法的结构非常简单,只需要执行加法.异或和寄存的硬件即可,且软件实现的代码非常短小,具有可移植性. 维基百科地址:http://en.wikipedia. ...

  6. 李洪强iOS开发之OC语言基础知识

    OC语言基础知识 一.面向对象 OC语言是面向对象的,c语言是面向过程的,面向对象和面向过程只是解决问题的两种思考方式,面向过程关注的是解决问题涉及的步骤,面向对象关注的是设计能够实现解决问题所需功能 ...

  7. 使用HTML5实现刮刮卡效果

    你玩过刮刮卡么?一不小心可以中奖的那种.今天我给大家分享一个基于HTML5技术实现的刮刮卡效果,在PC上只需按住鼠标,在手机上你只需按住指头,轻轻刮去图层就可以模拟真实的刮奖效果. 我们利用HTML5 ...

  8. BASM遵循的规则

    任何情况下,在寄存器的使用上,BASM遵循如下的规则: ASM 语句执行过程中,必须保存EDI.ESI.ESP.EBP.EBX 的值(5个寄存器,意思是可以用,但最后得恢复成原模原样). ASM ...

  9. Hibernate笔记——第一个简单实例

     1. 首先进行框架配置 导包 hibernate配置xml文件 ======================= 2. 创建并配置POJO类 Hibernate是操作持久化层的框架,和数据库打交道,其 ...

  10. 使用C#开发ActiveX控件(新) 转 http://www.cnblogs.com/yilin/p/csharp-activex.html

    前言 ActiveX控件以前也叫做OLE控件,它是微软IE支持的一种软件组件或对象,可以将其插入到Web页面中,实现在浏览器端执行动态程序功能,以增强浏览器端的动态处理能力.通常ActiveX控件都是 ...