题解 LG P2264
这是题解P2264
先讲一下Trie,其实Trie也名前缀树,就是说:如果Trie中某串是某串的前缀,那么我们可以共用这个串也就是这样:
插入h、hk、jc,jcfa
那么,h节点会给h和hk共用,jc串也会给jcfa共用。
对于本题来说,因为要考虑每个句子后要标记次数,所以Trie要有附加数组。
拿样例为例,我们原本会构建这样的一棵TRIE树:
但我们只要在底下最后一个点附加一个val数组来记录次数,因为要记录次数。
那么trie就沉了这样:
int ch[N][C],tot=1;
int check[N];
怎么写也就更简单了:
#include<iostream>
#include<string>
#include<cstdio>
using namespace std;
#define N 50005
#define rr register
#define C 27
string s,w;
int n;
int ch[N][C],tot=,ans;
string w1[N];
int check[N];
int idx(char s);
void insert(string s);
int find(string s);
char turn(char x);
int main()
{
cin>>n;
for(rr int i=;i<=n;i++)
{
cin>>w1[i];
for(rr int j=;j<=w1[i].size()-;j++)
w1[i][j]=turn(w1[i][j]);
insert(w1[i]);
}
int len;
getchar();
getline(cin,s);
len=s.size()-;
for(rr int i=;i<=len;i++)
{
s[i]=turn(s[i]);
if(s[i]=='.' or s[i]==',' or s[i]==' ')
{
if(find(w)==)
ans++;
if(s[i]=='.')
for(rr int j=;j<=n;j++)
insert(w1[j]);
w="";
}
else
w+=s[i];
}
cout<<ans;
return ;
}
int idx(char x)
{
int v;
v=(int)(x-'a');
return v;
}
void insert(string s)
{
int len=s.size()-;
int las=,w;
for(rr int i=;i<=len;i++)
{
w=idx(s[i]);
if(ch[las][w]==)
ch[las][w]=++tot;
las=ch[las][w];
}
check[las]=;
return;
}
int find(string s)
{
int len=s.size()-;
int las=,w;
for(rr int i=;i<=len;i++)
{
w=idx(s[i]);
if(ch[las][w]==)
return ;
las=ch[las][w];
}
if(check[las]==)
{
check[las]++;
return ;
}
else return ;
}
char turn(char x)
{
if(x>='A'&&x<='Z') return (x+);
else return x;
}
Update 2020.2.14 祝大家情人节快乐!
二分答案:
N方过百万,暴力碾标程
这是对不会STL+Trie的福音。
这是P2264的第2种做法。
我们想一下,题目中说了有N个可以加好感度的字符串。
众所周知,我们只需要按字典序排好序,那么N个字符串就会呈单调上升。
单调上升的话,我们就可以进行二分查找是否可以加好感度。
而二分查找的时间是logn
,整个程序的时间就是O(Slogn)
。
其中S是字符串长度。
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