题解 LG P2264

这是题解P2264

先讲一下Trie，其实Trie也名前缀树，就是说：如果Trie中某串是某串的前缀，那么我们可以共用这个串也就是这样：

插入h、hk、jc,jcfa

那么，h节点会给h和hk共用,jc串也会给jcfa共用。

对于本题来说，因为要考虑每个句子后要标记次数，所以Trie要有附加数组。

拿样例为例，我们原本会构建这样的一棵TRIE树：

但我们只要在底下最后一个点附加一个val数组来记录次数，因为要记录次数。

那么trie就沉了这样：

int ch[N][C],tot=1;
int check[N];

怎么写也就更简单了：

#include<iostream>
#include<string>
#include<cstdio>
using namespace std;
#define N 50005
#define rr register
#define C 27
string s,w;
int n;
int ch[N][C],tot=,ans;
string w1[N];
int check[N];
int idx(char s);
void insert(string s);
int find(string s);
char turn(char x);
int main()
{
  cin>>n;
  for(rr int i=;i<=n;i++)
  {
      cin>>w1[i];
  for(rr int j=;j<=w1[i].size()-;j++)
      w1[i][j]=turn(w1[i][j]);
      insert(w1[i]);
  }
  int len;
  getchar();
  getline(cin,s);
  len=s.size()-;
  for(rr int i=;i<=len;i++)
  {
          s[i]=turn(s[i]);
        if(s[i]=='.' or s[i]==',' or s[i]==' ')
        {
            if(find(w)==)
             ans++;
            if(s[i]=='.')
             for(rr int j=;j<=n;j++)
             insert(w1[j]);
            w="";
        }
        else
            w+=s[i];
    }
    cout<<ans;
  return ;
}
int idx(char x)
{
    int v;
    v=(int)(x-'a');
    return v;
}
void insert(string s)
{
    int len=s.size()-;
    int las=,w;
    for(rr int i=;i<=len;i++)
    {
        w=idx(s[i]);
        if(ch[las][w]==)
         ch[las][w]=++tot;
        las=ch[las][w];
    }
    check[las]=;
    return;
}
int find(string s)
{
    int len=s.size()-;
    int las=,w;
    for(rr int i=;i<=len;i++)
    {
        w=idx(s[i]);
        if(ch[las][w]==)
         return ;
        las=ch[las][w];
    }
    if(check[las]==)
    {
     check[las]++;
     return ;
    }
    else return ;
}
char turn(char x)
{
    if(x>='A'&&x<='Z') return (x+);
    else return x;
} 

Update 2020.2.14 祝大家情人节快乐！

二分答案：

N方过百万，暴力碾标程

这是对不会STL+Trie的福音。

这是P2264的第2种做法。

我们想一下，题目中说了有N个可以加好感度的字符串。

众所周知，我们只需要按字典序排好序，那么N个字符串就会呈单调上升。

单调上升的话，我们就可以进行二分查找是否可以加好感度。

而二分查找的时间是logn,整个程序的时间就是O(Slogn)。

其中S是字符串长度。