[2022-2-18] OICLASS提高组模拟赛2 A·整数分解为2的幂
问题 A: 整数分解为 2 的幂
题目描述
任何正整数都能分解成 2 的幂,给定整数 N,求 N 的此类划分方法的数量!由于方案数量较大,输出 Mod 1000000007 的结果。
比如 N = 7 时,共有 6 种划分方法。
7=1+1+1+1+1+1+1
=1+1+1+1+1+2
=1+1+1+2+2
=1+2+2+2
=1+1+1+4
=1+2+4
输入
输入一个数 N(1≤N≤10^6)
输出
输出划分方法的数量 Mod 1000000007
样例输入
7
样例输出
6
先放结论:
为什么是这样呢?
首先来看 \(N\) 为奇数的情况:
举个例子,6的拆分方法为:
1 1 1 1 1 1
1 1 1 1 2
1 1 2 2
1 1 4
2 2 2
2 4
共6种分解方法。
7的拆分方法呢?
1 1 1 1 1 1 1
1 1 1 1 1 2
1 1 1 2 2
1 1 1 4
1 2 2 2
1 2 4
我们发现,7的拆分在6的拆分的基础上最大的区别即在每组拆分的开头都加上了一个 \(1\) 。
这个多出来的 \(1\) 理论上是可以和其它的 \(1\) 合并的,然并卵,我们发现,当:
1 1 1 1 1 1 1
合并一次后得到
1 1 1 1 1 2
时,本质上与原来的
1 1 1 1 1 2
没有任何区别。那么,我们就得到了第一条结论:
\]
我们再来看偶数
举个例子,还是6的分解方法:
1 1 1 1 1 1
1 1 1 1 2
1 1 2 2
1 1 4
2 2 2
2 4
我们把它分为有 \(1\) 的拆分部分和没有 \(1\) 的拆分部分
先看有 \(1\) 的拆分部分:
1 1 1 1 1 1
1 1 1 1 2
1 1 2 2
1 1 4
我们发现,把每一种拆分的第一个 \(1\) 盖住之后,我们会发现这与5的拆分方式没有本质上的区别,和奇数一样,我们得到了第一个部分:
\]
再看没有1的部分,
2 2 2
2 4
因为拆分的全都是2的次幂,当1即 \(2^0\) 没有后,我们把拆分的每一项的每一个数除以2得:
1 1 1
1 2
我们发现,这本质上就是3的拆分,那么,我们就得到了第二个结论:
\]
把两个部分加起来,就得到了偶数的个数公式:
\]
那么看下代码:
#include<iostream>
using namespace std;
long long a[1000010];
int main(){
long long n;
a[1]=1;
for(long long i=2;i<=1000005;i++){
if(i%2==1){
a[i]=a[i-1]%1000000007;
}
else{
a[i]=(a[i-1]+a[i/2])%1000000007;
}
}
cin>>n;
cout<<a[n];
return 0;
}
The End.
[发布编辑时间]2022/2/18 20:52
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