洛谷2320 06湖南 鬼谷子的钱袋

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鬼谷子非常聪明,正因为这样,他非常繁忙,经常有各诸侯车的特派员前来向他咨询时政。有一天,他在咸阳游历的时候,朋友告诉他在咸阳最大的拍卖行(聚宝商行)将要举行一场拍卖会,其中有一件宝物引起了他极大的兴趣,那就是无字天书。但是,他的行程安

排得很满,他他已经买好了去邯郸的长途马车标,不巧的是出发时间是在拍卖会快要结束的时候。于是,他决定事先做好准备,将自己的金币数好并用一个个的小钱袋装好,以便在他现有金币的支付能力下,任何数目的金币他都能用这些封闭好的小钱的组合来付账。鬼谷子也是一个非常节俭的人,他想方设法使自己在满足上述要求的前提下,所用的钱袋数最少,并且不有两个钱袋装有相同的大于1的金币数。假设他有m个金币,你能猜到他会用多少个钱袋,并且每个钱袋装多少个金币吗?

输入输出样例

输入样例1:

3

输出样例1:

2

1 2


本题略水,蒟蒻的我竟然这么快ac了。

我的思路是这样的:

把钱数k的解记作a[k],是否a[k]和a[0<l<k]存在一定的关系

1. 我先列了一个表

a[k]=

{ 1, 2, …, n

{ k−1,k−2,…,k−n

表示a[k]可以分为a[1],a[k-1];a[2],a[k-2];...;a[n],a[k-n];

2. 我尝试用数学归纳法来解这道题

k:a[k]

1:1

2:1 1

3:1 2

4:1 1 2

5:1 1 3

6:1 2 3

7:1 2 4

8:1 1 2 4

9:1 1 2 5

看到这些数据 我顿时感觉好奇特,就尝试把它们和二进制联系起来

1:1

2:1 1

4:1 1 2

8:1 1 2 4

按这样建立一个数组

当n为2^x时

n:1 1 2 4 ... n/2

再将k写成二进制的形式,累加此数组的元素,如:

4:1 1 2

5(101):1 1 (2+1)

6(110):1 (1+1) 3

7(111):1 2 (3+1)

正确性还没有证明,但由于思路不清,写废了一个

程序(wa)如下。

var
a:array[-1..35]of Longint;
n,t,i:Longint;
begin
a[-1]:=1; a[0]:=1;
for i:=1 to 30 do a[i]:=a[i-1]*2;
readln(n);
t:=31;
repeat
t:=t-1;
until n-a[t]>0;
n:=n-a[t];
i:=t+1;
while n>0 do begin
i:=i-1;
if n-a[i]>=0 then begin
n:=n-a[i];
a[t-i-1]:=a[t-i-1]+1;
end;
end;
writeln(t+1);
for i:=-1 to t-1 do write(a[i],' ');
end.

3. 接着准备重写,突然有了一个新的思路。

对于任意一个数n,如果把它分成n div 2 和n-(n div 2)两份,那么在a[n div 2]有解下,只要加上n-(n div 2)这一个钱袋,则a[n]有解。

在不断划分n div 2,如此重复直到剩下1。

证明:

a[n div 2]有解,记n-(n div 2)=temp,则1+temp,2+temp,...,n div 2-1+temp,n均可达到,即a[n]有解。

至于为什么不划分成三份呢?

我们用一个线段表示。

A_________________B__________________D

a[B]有解,此时加入D,则可证a[D]有解。

A___________B____________C___________D_ _ _ _ _ _E

(1). a[B]有解,此时加入D,仅能保证a[D]-a[C]有解,即BC段是不可达到的。

(2). a[C]有解,此时加入D,则不仅a[D]有解,而且a[E]也有解,即有DE段会重复。

两种情况均不能达到题目要求的最少,四分、五分等证明皆如上。

程序如下:

var
n,t,i,k:longint;
a:array[1..100]of Longint; begin
readln(n);
t:=1;
while n>0 do begin
k:=n div 2;
if odd(n) then k:=k+1;
a[t]:=k;
inc(t);
n:=n-k;
end;
dec(t);
writeln(t);
for i:=t downto 1 do write(a[i],' ');
end.

记录

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2016-03-26 14:27

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2016-03-26 13:52

Unaccepted 0

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2016-03-26 13:34

补充

查阅了其他人的博客,发现此题不是唯一解,二进制的方法也可以ac。

#include<iostream>
using namespace std; int main()
{
int m,i,sum=0;long long s=1; cin>>m;
while(m>=s)
{
m=m-s;
s=s*2;
sum++;
}
if(m!=0&&m%2==0)
{
cout<<sum+m-1<<endl;
for(i=1;i<m;i++) cout<<1<<" ";
for(i=1;i<=s/4;i=i*2)
cout<<i<<" ";
cout<<s/2+1;
}
else
{
if(s/2<m)
{sum++;cout<<sum<<endl;
for(i=1;i<=s/2;i=i*2)
cout<<i<<" ";
cout<<m;system("pause");
return 0; } cout<<sum<<endl;
for(i=1;i<=s/4;i=i*2)
cout<<i<<" ";
cout<<s/2;
}
system("pause");
return 0; }

有必要申明一下,这个思路和我的不一样。

这个程序让我想起来小学教的8421的方法。

用b[i]表示i这一个数的解,以区别a[i]

b[1]:1

b[2]:2

b[3]:1 2

b[4]:4

b[5]:1 4

b[6]:2 4

b[7]:1 2 4

b[8]:8

...

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