题目地址:

pid=5016">HDU 5016

先两遍DFS预处理出每一个点距近期的基站的距离与基站的编号。

然后找重心。求出每一个点距重心的距离。然后依据dis[x]+dis[y] < d[y]。用二分找出当前子树中不会被占据的数量,总点数减去即是被占据的数量。

这样就能够求出每一个点最多占据的点的数量。然后找最大值就可以。

代码例如以下:

#include <iostream>
#include <string.h>
#include <math.h>
#include <queue>
#include <algorithm>
#include <stdlib.h>
#include <map>
#include <set>
#include <stdio.h>
#include <time.h>
using namespace std;
#define LL __int64
#define pi acos(-1.0)
#pragma comment(linker, "/STACK:1024000000")
const int mod=1e9+7;
const int INF=0x3f3f3f3f;
const double eqs=1e-9;
const int MAXN=100000+10;
int head[MAXN], cnt, root, min1, tot;
int siz[MAXN], vis[MAXN], d[MAXN], id[MAXN], ans[MAXN], dis[MAXN];
int color[MAXN];
struct node
{
int v, w, next;
}edge[MAXN<<1];
void add(int u, int v, int w)
{
edge[cnt].v=v;
edge[cnt].w=w;
edge[cnt].next=head[u];
head[u]=cnt++;
}
struct N
{
int dis, id;
}F[MAXN];
bool cmp(N x, N y)
{
return x.dis<y.dis||(x.dis==y.dis&&x.id<y.id);
}
void init()
{
memset(head,-1,sizeof(head));
memset(vis,0,sizeof(vis));
memset(d,INF,sizeof(d));
memset(id,0,sizeof(id));
memset(ans,0,sizeof(ans));
cnt=0;
}
void dfs1(int u, int fa)
{
if(color[u]){
id[u]=u;
d[u]=0;
}
for(int i=head[u];i!=-1;i=edge[i].next){
int v=edge[i].v;
if(v==fa) continue ;
dfs1(v,u);
if(d[u]>d[v]+edge[i].w){
d[u]=d[v]+edge[i].w;
id[u]=id[v];
}
else if(d[u]==d[v]+edge[i].w)
id[u]=min(id[u],id[v]);
}
}
void dfs2(int u, int fa)
{
for(int i=head[u];i!=-1;i=edge[i].next){
int v=edge[i].v;
if(v==fa) continue ;
if(d[v]>d[u]+edge[i].w){
d[v]=d[u]+edge[i].w;
id[v]=id[u];
}
else if(d[v]==d[u]+edge[i].w){
id[v]=min(id[v],id[u]);
}
dfs2(v,u);
}
}
void getsize(int u, int fa)
{
siz[u]=1;
for(int i=head[u];i!=-1;i=edge[i].next){
int v=edge[i].v;
if(v==fa||vis[v]) continue ;
getsize(v,u);
siz[u]+=siz[v];
}
}
void getroot(int u, int fa, int s)
{
int max1=0;
for(int i=head[u];i!=-1;i=edge[i].next){
int v=edge[i].v;
if(v==fa||vis[v]) continue ;
getroot(v,u,s);
max1=max(max1,siz[v]);
}
max1=max(max1,s-siz[u]);
if(min1>max1){
min1=max1;
root=u;
}
}
void getdis(int u, int fa, int l)
{
dis[u]=l;
F[tot].dis=d[u]-l;
F[tot++].id=id[u];
for(int i=head[u];i!=-1;i=edge[i].next){
int v=edge[i].v;
if(v==fa||vis[v]) continue ;
getdis(v,u,l+edge[i].w);
}
}
int BS(int l, int u)
{
int low=0, high=tot-1, mid, ans=-1;
while(low<=high){
mid=low+high>>1;
if(F[mid].dis<l||(F[mid].dis==l&&F[mid].id<=u)){
low=mid+1;
ans=mid;
}
else high=mid-1;
}
return ans+1;
}
void getans(int u, int fa, int f, int s)
{
int tmp=BS(dis[u],u);
ans[u]+=f*(s-tmp);
for(int i=head[u];i!=-1;i=edge[i].next){
int v=edge[i].v;
if(v==fa||vis[v]) continue ;
getans(v,u,f,s);
}
}
void Cal(int u, int l, int f)
{
tot=0;
getdis(u,-1,l);
sort(F,F+tot,cmp);
getans(u,-1,f,siz[u]);
}
void work(int u)
{
vis[u]=1;
getsize(u,-1);
Cal(u,0,1);
for(int i=head[u];i!=-1;i=edge[i].next){
int v=edge[i].v;
if(vis[v]) continue ;
Cal(v,edge[i].w,-1);
min1=INF;
getroot(v,u,siz[v]);
work(root);
}
}
int main()
{
int n, u, v, w, i, res;
while(scanf("%d",&n)!=EOF){
init();
for(i=1;i<n;i++){
scanf("%d%d%d",&u,&v,&w);
add(u,v,w);
add(v,u,w);
}
for(i=1;i<=n;i++){
scanf("%d",&color[i]);
}
dfs1(1,-1);
dfs2(1,-1);
min1=INF;
getsize(1,-1);
getroot(1,-1,n);
work(root);
res=0;
for(i=1;i<=n;i++){
if(color[i]) continue ;
res=max(res,ans[i]);
}
printf("%d\n",res);
}
return 0;
}

HDU 5016 Mart Master II (树上点分治)的更多相关文章

  1. HDU 5016 Mart Master II

    Mart Master II Time Limit: 6000ms Memory Limit: 65536KB This problem will be judged on HDU. Original ...

  2. 【点分治】hdu5016 Mart Master II

    点分治好题. ①手动开栈. ②dp预处理每个点被哪个市场控制,及其距离是多少,记作pair<int,int>数组p. ③设dis[u].first为u到重心s的距离,dis[u].seco ...

  3. HDU - 6268: Master of Subgraph (分治+bitset优化背包)

    题意:T组样例,给次给出一个N节点的点权树,以及M,问连通块的点权和sum的情况,输出sum=1到M,用0或者1表示. 思路:背包,N^2,由于是无向的连通块,所以可以用分治优化到NlgN. 然后背包 ...

  4. hdu 5016 点分治(2014 ACM/ICPC Asia Regional Xi'an Online)

    Mart Master II Time Limit: 12000/6000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/65536 K (Java/Others)T ...

  5. codeforces 161D Distance in Tree 树上点分治

    链接:https://codeforces.com/contest/161/problem/D 题意:给一个树,求距离恰好为$k$的点对是多少 题解:对于一个树,距离为$k$的点对要么经过根节点,要么 ...

  6. POJ 1741 Tree 树上点分治

    题目链接:http://poj.org/problem?id=1741 题意: 给定一棵包含$n$个点的带边权树,求距离小于等于K的点对数量 题解: 显然,枚举所有点的子树可以获得答案,但是朴素发$O ...

  7. HDU 3081 Marriage Match II(二分法+最大流量)

    HDU 3081 Marriage Match II pid=3081" target="_blank" style="">题目链接 题意:n个 ...

  8. HDU 3081 Marriage Match II (网络流,最大流,二分,并查集)

    HDU 3081 Marriage Match II (网络流,最大流,二分,并查集) Description Presumably, you all have known the question ...

  9. HDU 3081 Marriage Match II (二分图,并查集)

    HDU 3081 Marriage Match II (二分图,并查集) Description Presumably, you all have known the question of stab ...

随机推荐

  1. [Apple开发者帐户帮助]九、参考(1)证书类型

    该证书类型有助于开发者帐户和Xcode的标识证书. 类型 目的 APNs Auth Key 生成服务器端令牌,以替代通知请求的证书. Apple推送服务 在通知服务和APN之间建立连接,以向您的应用提 ...

  2. 解决Logger在Android Studio 3.1版本无法正常加载tag格式

    已经升级到Android Studio 3.1的同学可能会发现一个问题, Logcat中如果短时间出现多条日志tag相同, 只会显示第一条日志的tag, 后面的tag会自动隐藏, 这时com.orha ...

  3. IIS: 响应消息的内容类型 text/html; charset=utf-8 与绑定(text/xml; charset=utf-8)的内容类型不匹配。如果使用自定义编码器,请确保正确实现 IsContentTypeSupported 方法

    以前好好的项目,突然出现了这个问题.一顿google后无果,有人说是程序池的原因,有人说是安全配置的原因,照着网上方法试了多次,还是没有解决.如下图: 突然发现了一片文章 (https://www.j ...

  4. Redis 的简单运算

    Redis 的简单运算 命令 说明 备注 incr key 在原字段上加 1 只能对整数操作 incrby key increment 在原字段上加上整数 (increment) 只能对整数操作 de ...

  5. OpenCV绘制检测结果

    OpenCV绘制检测结果 opencv  rtcp  timestamp  一.介绍 由于在验证阶段,使用FPGA时我们的算法检测速度很慢,没法直接在主流上进行绘图,否则的话,主流就要等待算法很久才能 ...

  6. CommandBehavior.CloseConnection使用

    其用在ExecuteReader(c)中,返回对象前不能关闭数据库连接,须用CommandBehavior.CloseConnection: 这是一个关于实际知识点的问题,面试官考查的是应聘者数据库访 ...

  7. 用Grunt进行CSS文件压缩

    假设你的项目的CSS文件全部放在项目目录下名为css的文件夹中,现在将它压缩合并成一个名为main-min.css的文件,放在css-min文件夹下. (1)首先保证机器安装了node.js. (2) ...

  8. 初学JSP_内置对象

    out内置对象: 表单,表单常用的的提交方式

  9. 轻松理解 Android Binder,只需要读这一篇

    在 Android 系统中,Binder 起着非常重要的作用,它是整个系统 IPC 的基石.网上已经有很多文章讲述 Binder 的原理,有的讲的比较浅显,没有触及到关键,有的讲的太过于深入底层,难以 ...

  10. 扩增子图表解读8网络图:节点OTU或类Venn比较

    网络图 Network 网络图虽然给人高大上的感觉,但是由于信息太多,无法给读者提供读有效的可读信息或是读者不知道该理解什么,总是让人望尔却步.那是因为大家太不了解网络,自己读不懂网络想表达的意思及其 ...