题目地址:

pid=5016">HDU 5016

先两遍DFS预处理出每一个点距近期的基站的距离与基站的编号。

然后找重心。求出每一个点距重心的距离。然后依据dis[x]+dis[y] < d[y]。用二分找出当前子树中不会被占据的数量,总点数减去即是被占据的数量。

这样就能够求出每一个点最多占据的点的数量。然后找最大值就可以。

代码例如以下:

#include <iostream>
#include <string.h>
#include <math.h>
#include <queue>
#include <algorithm>
#include <stdlib.h>
#include <map>
#include <set>
#include <stdio.h>
#include <time.h>
using namespace std;
#define LL __int64
#define pi acos(-1.0)
#pragma comment(linker, "/STACK:1024000000")
const int mod=1e9+7;
const int INF=0x3f3f3f3f;
const double eqs=1e-9;
const int MAXN=100000+10;
int head[MAXN], cnt, root, min1, tot;
int siz[MAXN], vis[MAXN], d[MAXN], id[MAXN], ans[MAXN], dis[MAXN];
int color[MAXN];
struct node
{
int v, w, next;
}edge[MAXN<<1];
void add(int u, int v, int w)
{
edge[cnt].v=v;
edge[cnt].w=w;
edge[cnt].next=head[u];
head[u]=cnt++;
}
struct N
{
int dis, id;
}F[MAXN];
bool cmp(N x, N y)
{
return x.dis<y.dis||(x.dis==y.dis&&x.id<y.id);
}
void init()
{
memset(head,-1,sizeof(head));
memset(vis,0,sizeof(vis));
memset(d,INF,sizeof(d));
memset(id,0,sizeof(id));
memset(ans,0,sizeof(ans));
cnt=0;
}
void dfs1(int u, int fa)
{
if(color[u]){
id[u]=u;
d[u]=0;
}
for(int i=head[u];i!=-1;i=edge[i].next){
int v=edge[i].v;
if(v==fa) continue ;
dfs1(v,u);
if(d[u]>d[v]+edge[i].w){
d[u]=d[v]+edge[i].w;
id[u]=id[v];
}
else if(d[u]==d[v]+edge[i].w)
id[u]=min(id[u],id[v]);
}
}
void dfs2(int u, int fa)
{
for(int i=head[u];i!=-1;i=edge[i].next){
int v=edge[i].v;
if(v==fa) continue ;
if(d[v]>d[u]+edge[i].w){
d[v]=d[u]+edge[i].w;
id[v]=id[u];
}
else if(d[v]==d[u]+edge[i].w){
id[v]=min(id[v],id[u]);
}
dfs2(v,u);
}
}
void getsize(int u, int fa)
{
siz[u]=1;
for(int i=head[u];i!=-1;i=edge[i].next){
int v=edge[i].v;
if(v==fa||vis[v]) continue ;
getsize(v,u);
siz[u]+=siz[v];
}
}
void getroot(int u, int fa, int s)
{
int max1=0;
for(int i=head[u];i!=-1;i=edge[i].next){
int v=edge[i].v;
if(v==fa||vis[v]) continue ;
getroot(v,u,s);
max1=max(max1,siz[v]);
}
max1=max(max1,s-siz[u]);
if(min1>max1){
min1=max1;
root=u;
}
}
void getdis(int u, int fa, int l)
{
dis[u]=l;
F[tot].dis=d[u]-l;
F[tot++].id=id[u];
for(int i=head[u];i!=-1;i=edge[i].next){
int v=edge[i].v;
if(v==fa||vis[v]) continue ;
getdis(v,u,l+edge[i].w);
}
}
int BS(int l, int u)
{
int low=0, high=tot-1, mid, ans=-1;
while(low<=high){
mid=low+high>>1;
if(F[mid].dis<l||(F[mid].dis==l&&F[mid].id<=u)){
low=mid+1;
ans=mid;
}
else high=mid-1;
}
return ans+1;
}
void getans(int u, int fa, int f, int s)
{
int tmp=BS(dis[u],u);
ans[u]+=f*(s-tmp);
for(int i=head[u];i!=-1;i=edge[i].next){
int v=edge[i].v;
if(v==fa||vis[v]) continue ;
getans(v,u,f,s);
}
}
void Cal(int u, int l, int f)
{
tot=0;
getdis(u,-1,l);
sort(F,F+tot,cmp);
getans(u,-1,f,siz[u]);
}
void work(int u)
{
vis[u]=1;
getsize(u,-1);
Cal(u,0,1);
for(int i=head[u];i!=-1;i=edge[i].next){
int v=edge[i].v;
if(vis[v]) continue ;
Cal(v,edge[i].w,-1);
min1=INF;
getroot(v,u,siz[v]);
work(root);
}
}
int main()
{
int n, u, v, w, i, res;
while(scanf("%d",&n)!=EOF){
init();
for(i=1;i<n;i++){
scanf("%d%d%d",&u,&v,&w);
add(u,v,w);
add(v,u,w);
}
for(i=1;i<=n;i++){
scanf("%d",&color[i]);
}
dfs1(1,-1);
dfs2(1,-1);
min1=INF;
getsize(1,-1);
getroot(1,-1,n);
work(root);
res=0;
for(i=1;i<=n;i++){
if(color[i]) continue ;
res=max(res,ans[i]);
}
printf("%d\n",res);
}
return 0;
}

HDU 5016 Mart Master II (树上点分治)的更多相关文章

  1. HDU 5016 Mart Master II

    Mart Master II Time Limit: 6000ms Memory Limit: 65536KB This problem will be judged on HDU. Original ...

  2. 【点分治】hdu5016 Mart Master II

    点分治好题. ①手动开栈. ②dp预处理每个点被哪个市场控制,及其距离是多少,记作pair<int,int>数组p. ③设dis[u].first为u到重心s的距离,dis[u].seco ...

  3. HDU - 6268: Master of Subgraph (分治+bitset优化背包)

    题意:T组样例,给次给出一个N节点的点权树,以及M,问连通块的点权和sum的情况,输出sum=1到M,用0或者1表示. 思路:背包,N^2,由于是无向的连通块,所以可以用分治优化到NlgN. 然后背包 ...

  4. hdu 5016 点分治(2014 ACM/ICPC Asia Regional Xi'an Online)

    Mart Master II Time Limit: 12000/6000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/65536 K (Java/Others)T ...

  5. codeforces 161D Distance in Tree 树上点分治

    链接:https://codeforces.com/contest/161/problem/D 题意:给一个树,求距离恰好为$k$的点对是多少 题解:对于一个树,距离为$k$的点对要么经过根节点,要么 ...

  6. POJ 1741 Tree 树上点分治

    题目链接:http://poj.org/problem?id=1741 题意: 给定一棵包含$n$个点的带边权树,求距离小于等于K的点对数量 题解: 显然,枚举所有点的子树可以获得答案,但是朴素发$O ...

  7. HDU 3081 Marriage Match II(二分法+最大流量)

    HDU 3081 Marriage Match II pid=3081" target="_blank" style="">题目链接 题意:n个 ...

  8. HDU 3081 Marriage Match II (网络流,最大流,二分,并查集)

    HDU 3081 Marriage Match II (网络流,最大流,二分,并查集) Description Presumably, you all have known the question ...

  9. HDU 3081 Marriage Match II (二分图,并查集)

    HDU 3081 Marriage Match II (二分图,并查集) Description Presumably, you all have known the question of stab ...

随机推荐

  1. [转]linux下ulimit命令详解

    转自:http://blog.chinaunix.net/uid-23842323-id-2656582.html 1,说明:ulimit用于shell启动进程所占用的资源.2,类别:shell内建命 ...

  2. HTTP协议头部字段释义

    1. Accept:告诉WEB服务器自己接受什么介质类型,*/* 表示任何类型,type/* 表示该类型下的所有子类型,type/sub-type. 2. Accept-Charset: 浏览器申明自 ...

  3. 跨平台键鼠共享软件synergy使用

    如果共享的机子都是win系统的话,也可以使用 无界鼠标. 这里主要讲跨平台通用的synergy.下载地址:http://synergy-project.org/ 注意1:最好下载同一位数,同一版本的. ...

  4. java DDD 基于maven开发的探讨

    对于DDD我目前的理解是 1.除了数据的基本操作,也可以把一些公用的方法或者类迁移到Infrastructrue 2.对于domain层可以声明各个聚合根的操作接口:例:IXXXRepository ...

  5. Puppeteer——自动化脚本设计

    我被分配了一个繁琐的任务,就是要给100个相同的站点做同样的配置.曾经就有做过相同的事,那时还不会写脚本,全靠手动配置.机械的配置了两天的时间,身体感觉被掏空.所以这次我决定还是写一个脚本自动的进行配 ...

  6. 【译】x86程序员手册05 - 2.3寄存器

    2.3 Registers 寄存器 The 80386 contains a total of sixteen registers that are of interest to the applic ...

  7. HDU_5734_数学推公式

    题意:给一个向量W={w1,w2……,wn},和一个向量B,B的分量只能为1和-1.求||W-αB||²的最小值. 思路:一来一直在想距离的问题,想怎么改变每一维的值才能使这个向量的长度最小,最后无果 ...

  8. Requests库 更新中

    1.获取网页内容 --- requests库 <需理解HTTP协议> >requests库的7个主要方法   方法 说明 requests.requests() 构造一个请求,支撑一 ...

  9. 写一个 sum方法,在使用下面任一语法调用时,都可以正常工作

    console.log(sum(2,3)); // Outputs 5 console.log(sum(2)(3)); // Outputs 5 (至少)有两种方法可以做到: 方法1: functio ...

  10. 北京Linux运维培训怎么选?

    北京的地理优势和经济优势基本无需多言,作为全国机会最多的地方,吸引了无数的北漂前赴后继.作为中国互联网中心之一,北京有海量的运维岗位正在等待大家淘金.北京的Linux云计算培训业蓬勃发展. 云计算早已 ...