bzoj 1767: [Ceoi2009]harbingers

Description

给定一颗树，树中每个结点有一个邮递员，每个邮递员要沿着唯一的路径走向capital(1号结点)，每到一个城市他可以有两种选择： 1.继续走到下个城市 2.让这个城市的邮递员替他出发。 每个邮递员出发需要一个准备时间W[I]，他们的速度是V[I]，表示走一公里需要多少分钟。 现在要你求出每个城市的邮递员到capital的最少时间(不一定是他自己到capital，可以是别人帮他） N<=100000 3 ≤ N ≤ 100 000 0 ≤ Si≤ 10^9 1 ≤ Vi≤ 10^9 The length of each road will not exceed 10 000 For 20% of the tests, N ≤ 2 500 For 50% of the tests, each town will have at most 2 adjacent roads (i.e., the graph of roads will be a line)

Input

N 以下N-1行A,B,C三个数表示A,B之间有一条长为C的边。 再N行每行两数Wi,Vi 输出有一行N-1个数表示如题所述。

f[w]=W[w]+V[w]*dep[w]+min(f[u]-dep[u]*V[w]) u在w到根的路径上

树上的斜率优化，两维分别是深度dep和答案f，dfs并用单调栈记录当前点到根路径上的凸包，三分得到决策点

为保证时间复杂度，单调栈pop时要用二分确定弹出的元素个数，并支持撤销

#include<cstdio>
typedef long double ld;
typedef long long i64;
const int N=;
int n,es[N*],enx[N*],ev[N*],e0[N],ep=;
int c[N],v[N],ss[N],sp=;
i64 f[N],dep[N];
int _(){
    int x;
    scanf("%d",&x);
    return x;
}
bool chk(int a,int b,int w){
    return (f[b]-f[a])/ld(dep[b]-dep[a])>(f[w]-f[b])/ld(dep[w]-dep[b]);
}
void f1(int w,int pa){
    if(sp){
        int L=,R=sp,M;
        while(L<R){
            M=(L+R)>>;
            int a=ss[M],b=ss[M+];
            if(f[a]-f[b]<v[w]*(dep[a]-dep[b]))R=M;
            else L=M+;
        }
        f[w]=c[w]+v[w]*(dep[w]-dep[ss[L]])+f[ss[L]];
    }
    int L=,R=sp,M;
    if(L<R&&!chk(ss[R-],ss[R],w))L=R;
    while(L<R){
        M=(L+R)>>;
        if(chk(ss[M],ss[M+],w))R=M;
        else L=M+;
    }
    L=sp;
    M=ss[sp=R+];
    ss[sp]=w;
    for(int i=e0[w];i;i=enx[i]){
        int u=es[i];
        if(u==pa)continue;
        dep[u]=dep[w]+ev[i];
        f1(u,w);
    }
    ss[sp]=M;
    sp=L;
}
int main(){
    n=_();
    for(int i=,a,b,c;i<n;++i){
        a=_();b=_();c=_();
        es[ep]=b;enx[ep]=e0[a];ev[ep]=c;e0[a]=ep++;
        es[ep]=a;enx[ep]=e0[b];ev[ep]=c;e0[b]=ep++;
    }
    for(int i=;i<=n;++i){
        c[i]=_();
        v[i]=_();
    }
    f1(,);
    for(int i=;i<=n;++i)printf("%lld%c",f[i],i==n?:);
    return ;
}