【t056】智力问答(multiset做法)

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【问题描述】

新年联欢会上，G.Sha负责组织智力问答节目。G.Sha建立了一个很大很大的超级题库，并衡量了每道题的难度wi。由于不可以让选手

一上场就被绝顶难题撂倒，所以难度必须循序渐进，从简到繁。

G.Sha制定了一套具体的抽题规则。首先，每位选手的第1道题一定是当前题库中最简单的。每位选手的下一道题，一定是题库中（1

）比刚刚答过的题严格地更难，（2）难度尽可能低的题。当然，每道题使用一遍就从题库中删掉。（可以参考样例数据）

G.Sha刚开完联欢会很累，所以他提供了抽题程序的日志，希望你能重现答题的过程。

简单起见，你只需要依次输出每位选手都答了哪些难度的题就可以了。

【数据规模】

40%的数据中，m≤50, n≤1000。

100%的数据中，m≤1000, n≤100000。

测试数据保证 ，即比赛中使用的题目，不仅比题库少，并且是远远的少。

测试数据保证每位选手都不会出现无题可选的情况。

【提示】

本题数据严格而全面，请注意优化算法，谨防超时。

【输入格式】

输入文件 quiz.in 包含3 行。

第 1 行，整数 n, m。代表题库最初的题目数 n，和选手数 m。

第 2 行，n个整数 wi，代表题目的难度，无序，0≤wi≤100000。

第 3 行，m个整数 ai，代表依次每位选手作答的题目数量。

【输出格式】

输出文件quiz.out包含n行。

第i行，每行ai个整数，代表选手i回答的每道题目的难度。

选手和每位选手的题目均按比赛时间的推移有序。

说明：游戏开始前的题库是{30, 1, 7, 3, 1, 14, 8, 20, 2, 1, 999, 2}。

选手1，依次作答了1,2,3,7四道题。作答后题库剩余{30,1,14,8,20,1,999,2}。

选手2，依次作答了1, 2两道题。作答后题库剩余{30, 14, 8, 20, 1, 999}。

选手3，依次作答了1, 8, 14三道题。作答后题库剩余{30, 20, 999}。

选手4，依次作答了20一道题，作答后题库剩余{30, 999}。

可以注意到，选手1~3都答了难度为1的题。这是因为难度1的题有3道，而对于每位选手来说难度都是递增的，一位选手不可能连续答

同样难度的题。

同理，选手1~2都答了难度为2的题。

Sample Input

12 4

30 1 7 3 1 14 8 20 2 1 999 2

4 2 3 1

Sample Output

1 2 3 7

1 2

1 8 14

20

【题目链接】:http://noi.qz5z.com/viewtask.asp?id=t056

【题解】



把n个问题加入multiset题库->int类型里面就好;

每个选手按照要求用upper_bound找比上一次大的数字就好;

简直是模板题有木有。

输出有点坑;每行最后一个数字后面有空格;



【完整代码】

#include <cstdio>
#include <cmath>
#include <set>
using namespace std;
#define lson l,m,rt<<1
#define rson m+1,r,rt<<1|1
#define LL long long
#define rep1(i,a,b) for (int i = a;i <= b;i++)
#define rep2(i,a,b) for (int i = a;i >= b;i--)
#define mp make_pair
#define pb push_back
#define fi first
#define se second
#define rei(x) scanf("%d",&x)
#define rel(x) scanf("%I64d",&x)

typedef pair<int,int> pii;
typedef pair<LL,LL> pll;

const int dx[9] = {0,1,-1,0,0,-1,-1,1,1};
const int dy[9] = {0,0,0,-1,1,-1,1,-1,1};
const double pi = acos(-1.0);
const int MAXM = 1000+100;

multiset <int> tiku;

int n,m;
int a[MAXM];

int main()
{
    //freopen("F:\\rush.txt","r",stdin);
    rei(n);rei(m);
    rep1(i,1,n)
    {
        int x;
        rei(x);
        tiku.insert(x);
    }
    rep1(i,1,m)
        rei(a[i]);
    rep1(i,1,m)
    {
        int now = -1;
        rep1(j,1,a[i])
        {
            __typeof(tiku.begin()) t = tiku.upper_bound(now);
            now = (*t);
            printf("%d ",now);
            tiku.erase(t);
        }
        puts("");
    }
    return 0;
}