题面

传送门

思路

首先,这题最好的一个地方,在于它给出的关于$next$的讲解实在是妙极......甚至可以说我的kmp是过了这道题以后才脱胎换骨的

然后是正文:

如何求$num$数组?

这道题的输入有1e6个字符,显然需要$O\left(n\right)$左右级别的算法来解

先看到$num$的定义:不互相重叠的公共前后缀个数

这说明什么?

说明$num$不同于$next$记录的是一个最大值,它记录的是一个和值

而这个和值,是可以推出来的

考虑一个前缀$i$的$next[i]$,它长这样:

其中,$next[i]$,$next[next[i]]$,$next[next[next[i]]]$......都是这个前缀串i的公共前后缀,而且只有它们是公共前后缀

那么,我们其实只要在求$next$的过程中,顺便把这个公共前后缀的数量递推一下,就得到了一个弱化版的$num$数组:可以重叠的公共前后缀数量,我们称之为$ans$

如何去除有重叠的?

还是看上面那张图

首先$next$数组有一个性质:$next[i] < i$

也就是说,一旦有一个递归了n层的next,比原前缀i的长度的一半要小,那么这个next的递推出的答案$ans$就是i的$num$了

一个问题

假如我们拿到的串是1e6个'a',那么上面那个算法就会被卡成$O\left(n^2\right)$,道理的话大家可以想一想(每一次递归都只会把next[i]变小1)

那么我们需要做一个优化,来解决这个问题,而解决问题的核心就是:减少重复递归

减少重复递归......有没有想到什么?

没错,就是如同求$next$时一样的方法!

我们将递归用的变量$j$的值不更新,这样,求完了$i$的答案以后,$j$的位置一定在$\frac i2$的左边,也就是它已经满足要求了

这时再递归求解,总时间效率是$O\left(n\right)$的

Code

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define ll long long
using namespace std;
const ll MOD=1e9+7;
int n,fail[1000010],ans[1000010];ll cnt;char a[1000010];
int main(){
int T,i,j;scanf("%d",&T);
while(T--){
scanf("%s",a);n=strlen(a);
memset(fail,0,sizeof(fail));
j=0;ans[0]=0;ans[1]=1; for(i=1;i<n;i++){//求解next
while(j&&(a[i]!=a[j])) j=fail[j];
j+=(a[i]==a[j]);fail[i+1]=j;ans[i+1]=ans[j]+1;//递推记录ans
} j=0;cnt=1;
for(i=1;i<n;i++){//求解num
while(j&&(a[i]!=a[j])) j=fail[j];
j+=(a[i]==a[j]);
while((j<<1)>(i+1)) j=fail[j];
cnt=(cnt*(ll)(ans[j]+1))%MOD;//记得+1
}
printf("%lld\n",cnt);
}
}

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