hdu 4101
比赛的时候先是受以前一个圣神海的题目 用了两遍DFS 第一遍标记出围墙 第二遍求围墙外和每块围墙降为1所需的攻击次数 结果爆栈 改为BFS后AC
DFS的加了一句这个 #pragma comment(linker, "/STACK:1024000000,1024000000") 就解决了爆栈问题
然后就是比赛的时候写了一个bug 竟然过了
//dfs#include <iostream>
#include <fstream>
#include <cstring>
#pragma comment(linker, "/STACK:1024000000,1024000000")
using namespace std;
int dx[5] = {1, -1, 0, 0}, dy[5] = {0, 0, 1, -1};
int g[310][310],sum,n,m;
bool vis[310][310],ok,dd[310][310];
void init()
{
memset(g, 0, sizeof(g));
sum = 0;
ok = false;
memset(vis, 0, sizeof(vis));
memset(dd, 0, sizeof(dd));
}
bool cc(int x, int y)
{
if(x >= 1 && x <= n && y >= 1 && y <= m)
return true;
return false;
}
void dfs(int x, int y)
{
vis[x][y] = 1;
if(x == 1 || x == n || y == 1 || y == m)
ok = true;
for(int i = 0; i < 4; i++)
{
int nx = x+dx[i], ny = y+dy[i];
if(cc(nx, ny) && !vis[nx][ny])
{
if(g[nx][ny] == 0)
{
dfs(nx, ny);
}
else
{
dd[nx][ny] = 1;
}
}
}
}
void dfs2(int x, int y)
{
for(int i = 0; i < 4; i++)
{
int nx = x+dx[i], ny = y+dy[i];
if(cc(nx, ny) && !vis[nx][ny])
{
if(!dd[nx][ny])
{
sum += g[nx][ny];
vis[nx][ny] = 1;
dfs2(nx, ny);
}
else
{
vis[nx][ny] = 1;
sum += g[nx][ny] -1;
}
}
}
}
int main(void)
{
int _x,_y;
while(scanf("%d%d",&n,&m) == 2)
{
init();
for(int i = 1; i <= n; i++)
for(int j = 1; j <= m; j++)
{
scanf("%d",&g[i][j]);
if(g[i][j] == -1)
_x = i, _y = j;
}
dfs(_x, _y);
if(ok)
{
printf("Ali Win\n");
}
else
{
memset(vis, 0, sizeof(vis));
for(int i = 1; i <= n; i++)
{
if(!dd[i][1] && !vis[i][1])
{
vis[i][1] = 1;
sum += g[i][1];
dfs2(i, 1);
}
else if(dd[i][1] && !vis[i][1])
{
vis[i][1] = 1;
sum += g[i][1]-1;
}
if(!dd[i][m] && !vis[i][m])
{
vis[i][m] = 1;
sum += g[i][m];
dfs2(i, m);
}
else if(dd[i][m] && !vis[i][m])
{
vis[i][m] = 1;
sum += g[i][m]-1;
}
}
for(int i = 1; i <= m; i++)
{
if(!dd[1][i] && !vis[1][i])
{
vis[1][i] = 1;
sum += g[1][i];
dfs2(1, i);
}
else if(dd[1][i] && !vis[1][i])
{
vis[1][i] = 1;
sum += g[1][i]-1;
}
if(!dd[n][i] && !vis[n][i])
{
vis[n][i] = 1;
sum += g[n][i];
dfs2(n, i);
}
else if(dd[n][i] && !vis[n][i])
{
vis[n][i] = 1;
sum += g[n][i]-1;
}
}
// printf("%d\n",sum);
if(sum%2)
printf("Ali Win\n");
else
printf("Baba Win\n");
}
}
return 0;
}
#include <iostream>
#include <fstream>
#include <cstring>
#include <queue>
using namespace std;
int dx[5] = {1, -1, 0, 0}, dy[5] = {0, 0, 1, -1};
int g[310][310],sum,n,m;
bool vis[310][310],ok,dd[310][310];
void init()
{
memset(g, 0, sizeof(g));
sum = 0;
ok = false;
memset(vis, 0, sizeof(vis));
memset(dd, 0, sizeof(dd));
}
bool cc(int x, int y)
{
if(x >= 1 && x <= n && y >= 1 && y <= m)
return true;
return false;
}
bool cc2(int x, int y)
{
if(x >= 0 && x <= n+1 && y >= 0 && y <= m+1)
return true;
return false;
}
void dfs(int x, int y)
{
queue<int> Q;
int u = m*x+y;
Q.push(u);
while(!Q.empty())
{
u = Q.front();
Q.pop();
x = (u-1)/m, y = u%m == 0 ? m:u%m;
if(x == 1 || x == n || y ==1 || y == m)
ok = true;
vis[x][y] = 1;
for(int i = 0; i < 4; i++)
{
int nx = x+dx[i], ny = y+dy[i];
if(cc(nx, ny) && !vis[nx][ny])
{
if(g[nx][ny] == 0)
{
int v = nx*m+ny;
Q.push(v);
}
else
{
vis[nx][ny] = 1;
dd[nx][ny] = 1;
}
}
}
}
} void dfs2(int x, int y)
{
vis[x][y] = 1;
queue<int> Q;
int u = (m+2)*x+y;
Q.push(u);
while(!Q.empty())
{
u = Q.front();
Q.pop();
x = u/(m+2), y = u%(m+2);
for(int i = 0; i < 4; i++)
{
int nx = x+dx[i], ny = y+dy[i];
if(cc2(nx, ny) && !vis[nx][ny])
{
if(!dd[nx][ny])
{
sum += g[nx][ny];
vis[nx][ny] = 1;
int v = nx*(m+2)+ny;
Q.push(v);
}
else
{
vis[nx][ny] = 1;
sum += g[nx][ny] -1;
}
}
}
}
}
int main(void)
{
int _x,_y;
while(scanf("%d%d",&n,&m) == 2)
{
init();
for(int i = 1; i <= n; i++)
for(int j = 1; j <= m; j++)
{
scanf("%d",&g[i][j]);
if(g[i][j] == -1)
_x = i, _y = j;
}
dfs(_x, _y);
if(ok)
{
printf("Ali Win\n");
}
else
{
memset(vis, 0, sizeof(vis));
dfs2(0, 0);
// printf("%d\n",sum);
if(sum%2)
printf("Ali Win\n");
else
printf("Baba Win\n");
}
}
return 0;
}
#include <iostream>
#include <fstream>
#include <cstring>
#include <queue>
using namespace std;
int dx[5] = {1, -1, 0, 0}, dy[5] = {0, 0, 1, -1};
int g[310][310],sum,n,m;
bool vis[310][310],ok,dd[310][310];
void init()
{
memset(g, 0, sizeof(g));
sum = 0;
ok = false;
memset(vis, 0, sizeof(vis));
memset(dd, 0, sizeof(dd));
}
bool cc(int x, int y)
{
if(x >= 1 && x <= n && y >= 1 && y <= m)
return true;
return false;
}
void dfs(int x, int y)
{
queue<int> Q;
int u = m*x+y;
Q.push(u);
while(!Q.empty())
{
u = Q.front();
Q.pop();
x = (u-1)/m, y = u%m == 0 ? m:u%m;
if(x == 1 || x == n || y ==1 || y == m)
ok = true;
vis[x][y] = 1;
for(int i = 0; i < 4; i++)
{
int nx = x+dx[i], ny = y+dy[i];
if(cc(nx, ny) && !vis[nx][ny])
{
if(g[nx][ny] == 0)
{
int v = nx*m+ny;
Q.push(v);
}
else
{
vis[nx][ny] = 1;
dd[nx][ny] = 1;
}
}
}
}
} void dfs2(int x, int y)
{
vis[x][y] = 1;
queue<int> Q;
int u = m*x+y;
Q.push(u);
while(!Q.empty())
{
u = Q.front();
Q.pop();
x = (u-1)/m, y = u%m == 0 ? m:u%m;
for(int i = 0; i < 4; i++)
{
int nx = x+dx[i], ny = y+dy[i];
if(cc(nx, ny) && !vis[nx][ny])
{
if(!dd[nx][ny])
{
sum += g[nx][ny];
vis[nx][ny] = 1;
int v = nx*m+ny;
Q.push(v);
}
else
{
vis[nx][ny] = 1;
sum += g[nx][ny] -1;
}
}
}
}
}
int main(void)
{
int _x,_y;
while(scanf("%d%d",&n,&m) == 2)
{
init();
for(int i = 1; i <= n; i++)
for(int j = 1; j <= m; j++)
{
scanf("%d",&g[i][j]);
if(g[i][j] == -1)
_x = i, _y = j;
}
dfs(_x, _y);
if(ok)
{
printf("Ali Win\n");
}
else
{
memset(vis, 0, sizeof(vis));
for(int i = 1; i <= n; i++)
{
if(!dd[i][1] && !vis[i][1])
{
vis[i][1] = 1;
sum += g[i][1];
dfs2(i, 1);
}
else if(dd[i][1] && !vis[i][1])
{
vis[i][1] = 1;
sum += g[i][1]-1;
}
if(!dd[i][m] && !vis[i][m])
{
vis[i][m] = 1;
sum += g[i][m];
dfs2(i, m);
}
else if(dd[i][m] && !vis[i][m])
{
vis[i][m] = 1;
sum += g[i][m]-1;
}
}
for(int i = 1; i <= m; i++)
{
if(!dd[1][i] && !vis[1][i])
{
vis[1][i] = 1;
sum += g[1][i];
dfs2(1, i);
}
else if(dd[1][i] && !vis[1][i])
{
vis[1][i] = 1;
sum += g[1][i]-1;
}
if(!dd[n][i] && !vis[n][i])
{
vis[n][i] = 1;
sum += g[n][i];
dfs2(n, i);
}
else if(dd[n][i] && !vis[n][i])
{
vis[n][i] = 1;
sum += g[n][i]-1;
}
}
// printf("%d\n",sum);
if(sum%2)
printf("Ali Win\n");
else
printf("Baba Win\n");
}
}
return 0;
}
hdu 4101的更多相关文章
- HDU 4101 Ali and Baba
原题链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=4101 一看之下以为是博弈,后来分析才知道只是搜索题. 首先,我们需要从值为-1的位置由内向外搜索一次, ...
- HDU 4101 Ali and Baba (思路好题)
与其说这是个博弈,倒不如说是个搜索.这题思路不错,感觉很难把情况考虑周全. 在地图外围填充一圈0,两次BFS,第一次从-1点出发,把从-1到达的0点以及包围0的那一圈石头标记出来.如下图: 1 1 1 ...
- HDOJ 2111. Saving HDU 贪心 结构体排序
Saving HDU Time Limit: 3000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others) Total ...
- 【HDU 3037】Saving Beans Lucas定理模板
http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=3037 Lucas定理模板. 现在才写,noip滚粗前兆QAQ #include<cstdio> #i ...
- hdu 4859 海岸线 Bestcoder Round 1
http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=4859 题目大意: 在一个矩形周围都是海,这个矩形中有陆地,深海和浅海.浅海是可以填成陆地的. 求最多有多少条方格 ...
- HDU 4569 Special equations(取模)
Special equations Time Limit:1000MS Memory Limit:32768KB 64bit IO Format:%I64d & %I64u S ...
- HDU 4006The kth great number(K大数 +小顶堆)
The kth great number Time Limit:1000MS Memory Limit:65768KB 64bit IO Format:%I64d & %I64 ...
- HDU 1796How many integers can you find(容斥原理)
How many integers can you find Time Limit:5000MS Memory Limit:32768KB 64bit IO Format:%I64d ...
- hdu 4481 Time travel(高斯求期望)(转)
(转)http://blog.csdn.net/u013081425/article/details/39240021 http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pi ...
随机推荐
- android 使用两个surfaceview 在摄像机画面上绘图
转载自http://blog.csdn.net/jesse__zhong/article/details/24934083 使用双surface,将第一个设置为透明背景,在摄像机上绘制图像,纠结搞了一 ...
- JDBC之数据连接
:数据库语句: create database LandDB; use LandDB; create table T_BL_CANTON_CODE ( CTN_CODE int primary key ...
- Jquery库及其他库之间的$命名冲突解决办法
首先我们应该知道,在jquery中,$(美元符号)就是jquery的别名,也就是说使用$和使用jquery是一样的,在很多时候我们命名空间时,正是因为这个$而产生的冲突的发生.比如说:$('#xmla ...
- PHP学习笔记 - 进阶篇(7)
PHP学习笔记 - 进阶篇(7) 文件操作 读取文件内容 PHP具有丰富的文件操作函数,最简单的读取文件的函数为file_get_contents,可以将整个文件全部读取到一个字符串中. $conte ...
- javascript笔记——JavaScript经典实例
转载自百度文库 http://wenku.baidu.com/view/9a703522bcd126fff7050bfa.html 1. oncontextmenu="window.even ...
- Xml 学习
XML概述 XML的历史背景 GML(1969):通用标记语言 IBM公司的一些专家们一起研究的一个课题: 软件必须有高度的可移植性,而且必须有一个统一的标准.为了实现软件的一处编写多处运行这个愿景所 ...
- 我对c++对象内存布局的理解
引言 结合网上的一些资料,通过自己的一番摸索,得出了一点个人见解.现在写下来,希望与各位同学共同探讨,共同进步. 以下所有代码均是在VS2012下测试. 一个普通的基类 1: #include < ...
- 如何开发 Grunt 插件
创建 grunt 插件 准备工作:(node/npm/git 安装,在此不做赘述) yeoman generator 可以自动生成一个插件模板. 安装 yo npm install -g yo 安装 ...
- Oracle 动态视图1 V$LOCK
v$lock显示数据库当前持有锁情况 Column Datatype Description SID NUMBER 会话ID TYPE VARCHAR2(2) 表示锁的类型.值包括TM,TX,等 ID ...
- 怎样在自己的网站上做自动生成当前url的二维码
$todoString="www.maomii.com"; generateQRfromGoogle($todoString); /** * google api 最多4296个字 ...