BZOJ(1) 1003 [ZJOI2006]物流运输

1003: [ZJOI2006]物流运输

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Description

　　物流公司要把一批货物从码头A运到码头B。由于货物量比较大，需要n天才能运完。货物运输过程中一般要转
停好几个码头。物流公司通常会设计一条固定的运输路线，以便对整个运输过程实施严格的管理和跟踪。由于各种
因素的存在，有的时候某个码头会无法装卸货物。这时候就必须修改运输路线，让货物能够按时到达目的地。但是
修改路线是一件十分麻烦的事情，会带来额外的成本。因此物流公司希望能够订一个n天的运输计划，使得总成本
尽可能地小。

Input

　　第一行是四个整数n（1<=n<=100）、m（1<=m<=20）、K和e。n表示货物运输所需天数，m表示码头总数，K表示
每次修改运输路线所需成本。接下来e行每行是一条航线描述，包括了三个整数，依次表示航线连接的两个码头编
号以及航线长度（>0）。其中码头A编号为1，码头B编号为m。单位长度的运输费用为1。航线是双向的。再接下来
一行是一个整数d，后面的d行每行是三个整数P（ 1 < P < m）、a、b（1< = a < = b < = n）。表示编号为P的码
头从第a天到第b天无法装卸货物（含头尾）。同一个码头有可能在多个时间段内不可用。但任何时间都存在至少一
条从码头A到码头B的运输路线。

Output

　　包括了一个整数表示最小的总成本。总成本=n天运输路线长度之和+K*改变运输路线的次数。

Sample Input

5 5 10 8
1 2 1
1 3 3
1 4 2
2 3 2
2 4 4
3 4 1
3 5 2
4 5 2
4
2 2 3
3 1 1
3 3 3
4 4 5

Sample Output

32
//前三天走1-4-5，后两天走1-3-5，这样总成本为(2+2)*3+(3+2)*2+10=32

HINT

 

思路：spfa+dp。

w[i][j]表示第i到j天不更改线路的最小花费。

dp[i]表示第1到i天的最小花费。

那么显然有：dp[i]=min(dp[i],dp[j]+k+w[j+1][i]*(i-j));

#include<queue>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#define MAXN 10000
using namespace std;
int n,m,k,e,d,tot;
long long dp[];
int vis[],dis[];
int can[],could[][],w[][];
int to[MAXN],net[MAXN],head[MAXN],cap[MAXN];
void add(int u,int v,int w){
    to[++tot]=v;cap[tot]=w;net[tot]=head[u];head[u]=tot;
}
int spfa(int s,int t){
    queue<int>que;
    memset(can,,sizeof(can));
    memset(vis,,sizeof(vis));
    memset(dis,0x7f,sizeof(dis));
    for(int i=;i<=m;i++)
        for(int j=s;j<=t;j++)
            if(could[i][j])    can[i]=;
    que.push();dis[]=;vis[]=;
    while(!que.empty()){
        int now=que.front();
        que.pop();vis[now]=;
        if(can[now])    continue;
        for(int i=head[now];i;i=net[i])
            if(dis[to[i]]>dis[now]+cap[i]){
                dis[to[i]]=dis[now]+cap[i];
                if(!vis[to[i]]){
                    vis[to[i]]=;
                    que.push(to[i]);
                }
            }
    }
    return dis[m];
}
int main(){
    scanf("%d%d%d%d",&n,&m,&k,&e);
    for(int i=;i<=e;i++){
        int u,v,w;
        scanf("%d%d%d",&u,&v,&w);
        add(u,v,w);add(v,u,w);
    }
    scanf("%d",&d);
    for(int i=;i<=d;i++){
        int p,a,b;
        scanf("%d%d%d",&p,&a,&b);
        for(int j=a;j<=b;j++)    could[p][j]=;
    }
    for(int i=;i<=n;i++)
        for(int j=i;j<=n;j++)
            w[i][j]=spfa(i,j);
    for(int i=;i<=n;i++){
        dp[i]=1LL*w[][i]*i;
        for(int j=;j<i;j++)
            dp[i]=min(dp[i],dp[j]+k+1LL*w[j+][i]*(i-j));
    }
    cout<<dp[n];
}