这道题值得好好想一会

我们通过对一些小数据的手算,以及对于每段路程的拆分,可以发现:

1.每个st对应的ed这段路程无论如何都要算上

2.额外还要计算的一段路程,就是“切换”费用

什么是切换费用呢?

我们知道可能会有这样的位置st,到达该位置时,把已经在车上的牛 i 扔下去,载上该处的牛 j 并将它运到其终点ed再回来把牛 i 载上

那么我们就需要再加上每一对abs(ed-st)的和

具体实现,我们需要在st、ed中再加上终点m,起点0,

但是要注意的是,0加到ed里,m加到st里

原因在于我们需要从起点0走到最近的st,从最远的ed走到m

所以0对应的就是min_st,0必然在ed里的第一个;m也一样

最后将st,ed排序,枚举累加即可

 #include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int N=;
int n,m,st[N],ed[N];
long long ans=;
int read(){
int sum=;
char ch=getchar();
while (ch<''||ch>'')
ch=getchar();
while (ch>=''&&ch<=''){
sum=sum*+ch-'';
ch=getchar();
}
return sum;
}
int main(){
n=read();
m=read();
for (int i=;i<=n;i++){
st[i]=read();
ed[i]=read();
ans+=abs(st[i]-ed[i]);
}
st[n+]=m;//最远的ed开到m
ed[n+]=;//0开到最近的st
sort(st+,st+n+);
sort(ed+,ed+n+);
for (int i=;i<=n+;i++)
ans+=abs(ed[i]-st[i]);
printf("%lld",ans);
return ;
}

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