POJ 3373 Changing Digits 好蛋疼的DP
一開始写的高位往低位递推,发现这样有些时候保证不了第四条要求。于是又開始写高位往低位的记忆化搜索,又发现传參什么的蛋疼的要死。然后又发现高位開始的记忆化搜索就是从低位往高位的递推呀,遂过之。
dp[i][j]记录在i位 且 余数为j时的最优解情况。
dp[i][j].next表示当前的最优解是由哪一种状态转移过来的。
代码又写锉了。。
#include <algorithm>
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <cstdio>
#include <queue>
#include <cmath>
#include <stack>
#include <map> #pragma comment(linker, "/STACK:1024000000");
#define EPS (1e-8)
#define LL long long
#define ULL unsigned long long
#define _LL __int64
#define _INF 0x3f3f3f3f
#define Mod 9999991 using namespace std; struct N
{
bool mark;
int ans,dig,next;
}dp[111][10000]; char s[110]; int mod1[110],mod2[110]; void Out(int site,int mod)
{
if(mod == -1)
return ;
printf("%d",dp[site][mod].dig);
Out(site+1,dp[site][mod].next); } int main()
{
int k,i,j,l; while(scanf("%s %d",s+1,&k) != EOF)
{
for(i = 1; s[i] != '\0'; ++i)
{
for(j = 0; j < k; ++j)
dp[i][j].mark = false;
} mod1[0] = 0,mod2[0] = 1%k; for(i = 1;s[i] != '\0'; ++i)
{
mod1[i] = (mod1[i-1]*10 + s[i]-'0')%k;
mod2[i] = (mod2[i-1]*10)%k;
} int site = strlen(s+1); for(i = 0 ;i <= 9 ; ++i)
{
if(dp[site][i%k].mark == false)
{
dp[site][i%k].mark = true;
dp[site][i%k].ans = (i == s[site]-'0' ? 0 : 1);
dp[site][i%k].dig = i;
dp[site][i%k].next = -1;
}
else
{
if((i == s[site]-'0' ? 0 : 1) < dp[site][i%k].ans)
{
dp[site][i%k].ans = (i == s[site]-'0' ? 0 : 1);
dp[site][i%k].dig = i;
}
else if((i == s[site]-'0' ? 0 : 1) == dp[site][i%k].ans && i <= dp[site][i%k].dig)
{
dp[site][i%k].dig = i;
}
}
} int mod;
int len = strlen(s+1); for(--site ; site >= 1 ; --site)
{
mod = 0;
for(i = (site == 1 ? 1 : 0);i <= 9; ++i)
{
for(j = 0;j < k; ++j)
{
if(dp[site+1][j].mark == true)
{
if(dp[site][(mod + i*mod2[len-site] + j)%k].mark == false)
{
dp[site][(mod + i*mod2[len-site] + j)%k].mark = true;
dp[site][(mod + i*mod2[len-site] + j)%k].ans = dp[site+1][j].ans+(s[site]-'0' == i ? 0 :1);
dp[site][(mod + i*mod2[len-site] + j)%k].dig = i;
dp[site][(mod + i*mod2[len-site] + j)%k].next = j;
}
else
{
if(dp[site+1][j].ans+(s[site]-'0' == i ? 0 :1) < dp[site][(mod + i*mod2[len-site] + j)%k].ans)
{
dp[site][(mod + i*mod2[len-site] + j)%k].ans = dp[site+1][j].ans+(s[site]-'0' == i ? 0 :1);
dp[site][(mod + i*mod2[len-site] + j)%k].dig = i;
dp[site][(mod + i*mod2[len-site] + j)%k].next = j;
}
else if(dp[site+1][j].ans+(s[site]-'0' == i ? 0 :1) == dp[site][(mod + i*mod2[len-site] + j)%k].ans && i < dp[site][(mod + i*mod2[len-site] + j)%k].dig)
{
dp[site][(mod + i*mod2[len-site] + j)%k].dig = i;
dp[site][(mod + i*mod2[len-site] + j)%k].next = j;
}
}
}
}
}
}
Out(1,0);
puts("");
// cout<<len<<endl;
// for(i = 1;i <= len; ++i)
// {
// for(j = 0;j < k; ++j)
// {
// if(dp[i][j].mark)
// printf("%2d ",dp[i][j].next);
// else
// printf(" ");
// }
// puts(" * ");
// }
//
// puts("");
//
// for(i = 1;i <= len; ++i)
// {
// for(j = 0;j < k; ++j)
// {
// if(dp[i][j].mark)
// printf("%2d ",dp[i][j].dig);
// else
// printf(" ");
// }
// puts(" * ");
// }
//
// puts("");
//
//
// for(i = 1;i <= len; ++i)
// {
// for(j = 0;j < k; ++j)
// {
// if(dp[i][j].mark)
// printf("%2d ",dp[i][j].ans);
// else
// printf(" ");
// }
// puts(" * ");
// } } return 0;
}
POJ 3373 Changing Digits 好蛋疼的DP的更多相关文章
- poj 3373 Changing Digits (DFS + 记忆化剪枝+鸽巢原理思想)
http://poj.org/problem?id=3373 Changing Digits Time Limit: 3000MS Memory Limit: 65536K Total Submi ...
- POJ 3373 Changing Digits(DP)
题目链接 记录路径的DP,看的别人的思路.自己写的也不好,时间居然2000+,中间的取余可以打个表,优化一下. 写的各种错,导致wa很多次,写了一下午,自己构造数据,终于发现了最后一个bug. dp[ ...
- POJ 3373 Changing Digits
题目大意: 给出一个数n,求m,使得m的长度和n相等.能被k整除.有多个数符合条件输出与n在每位数字上改变次数最小的.改变次数同样的输出大小最小的. 共同拥有两种解法:DP解法,记忆化搜索的算法. ...
- POJ 3373 Changing Digits 记忆化搜索
这道题我是看了别人的题解才做出来的.题意和题解分析见原文http://blog.csdn.net/lyy289065406/article/details/6698787 这里写一下自己对题目的理解. ...
- POJ 3249 Test for Job (拓扑排序+DP)
POJ 3249 Test for Job (拓扑排序+DP) <题目链接> 题目大意: 给定一个有向图(图不一定连通),每个点都有点权(可能为负),让你求出从源点走向汇点的路径上的最大点 ...
- POJ 1185 炮兵阵地(状压DP)
炮兵阵地 Time Limit: 2000MS Memory Limit: 65536K Total Submissions: 26426 Accepted: 10185 Descriptio ...
- POJ 3254 Corn Fields(状压DP)
Corn Fields Time Limit: 2000MS Memory Limit: 65536K Total Submissions: 13732 Accepted: 7216 Desc ...
- POJ 3267:The Cow Lexicon(DP)
http://poj.org/problem?id=3267 The Cow Lexicon Time Limit: 2000MS Memory Limit: 65536K Total Submi ...
- POJ #1042 Gone Fishing - WA by a DP solution. TODO
I used DP instead of Greedy. But got WA on PoJ, though it passed all web-searched cases. Maybe I hav ...
随机推荐
- Eclipse4.4设备egit插件提交本地项目代码到远程仓库
一.设备egit 打开Eclipse的Marketplace.在搜索框中输入egit就可以,能够看到Eclipse4.4已经默认安装了egit,当然假设有新版本号的egit公布的话,也能够在下图上点击 ...
- LINQ之路系列文章导读
本系列文章将会分为3篇来进行阐述,如下: LINQ之路(1):LINQ基础 LINQ之路(2):LINQ to SQL本质 LINQ之路(3):LINQ扩展
- 泛泰A860(高通公司8064 cpu 1080p) 拂4.4中国民营recovery TWRP2.7.1.2文本(通过刷第三版)
专业第三方开发团队 VegaDevTeam (本team 由 syhost suky zhaochengw(z大) xuefy(大星星) tenfar(R大师) loogeo crazyi(天下无雪 ...
- 搞个这样的APP要多久? (转)
这是一个“如有雷同,纯属巧合”的故事,外加一些废话,大家请勿对号入座.开始了…… 我有些尴尬地拿着水杯,正对面坐着来访的王总,他是在别处打拼的人,这几年据说收获颇丰,见移动互联网如火如荼,自然也想着要 ...
- net开源cms系统
.net开源cms系统推荐 内容目录: 提起开源cms,大家第一想到的是php的cms,因为php开源的最早,也最为用户和站长们认可,随着各大cms系统的功能的不断完善和各式各样的开源cms的出现,. ...
- 移动端 iphone touchmove滑到边界(浏览器地址拦及以上) touchend失效解决办法
在移动端h5页面:尤其那些全屏幕的盒展示切换页面,当用户无意中将手指滑到了 浏览器地址拦以上(中国移动这快区域):此时,手指已经离开屏幕了,但是ios上无法监听到touchend 事件:touchen ...
- 杭电1233还是畅通project
还是畅通project Time Limit: 4000/2000 MS (Java/Others) Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others) Tota ...
- Android中集成第三方库的方法和问题
Android中集成第三方库的方法和问题 声明: 1. 本文參考了网上同学们的现有成果,在此表示感谢,參考资料在文后有链接. 2. 本文的重点在第三部分,是在开发中遇到的问题及解决的方法.第一,第二部 ...
- Chromium-Dev一些缩写
备案权 tl;dr: && TL;DR; :"Too long;Don't read" PSA :"Publice Service Announcem ...
- C++ STL它vector详细解释
Vectors vector它是C++标准模板库部分,它是一种多用途,你可以使用各种数据结构和算法的模板类和库. vector其原因被认为是一个容器.因为它可以被存储为各种类型的对象作为容器.一 ...