Ignatius and the Princess IV (简单DP,排序)

方法一：    直接进行排序，输出第（n+1）/2位置上的数即可。 （容易超时，关闭同步后勉强卡过）

 #include<iostream>
 #include<cstdio>
 #include<cstring>
 #include<algorithm>
 #include<cmath>
 using namespace std;

 int n;
 int a[];
 int main()
 {
     ios::sync_with_stdio(false);
     while(cin>>n)
     {
         for(int i=;i<n;i++)
         cin>>a[i];
         sort(a,a+n);
         cout<<a[(n+)/]<<endl;
     }
 }

方法二：原 https://www.cnblogs.com/kuangbin/archive/2011/07/30/2122217.html

在一个序列中如果去掉2个不同的元素，
那么原序列中的多元素，在新的序列中还是多元素，
因此我们只要按照序列依次扫描，先把t赋值给result，
增加个计数器，cnt = 1；然后向右扫描，
如果跟result相同，则cnt++，不同，那么cnt --，
这个真是我们从上面那个结论里得出的，一旦cnt == 0了，
那么必定c不是多元素，这个时候把t赋值为result,cnt = 1；，
重复该过程，知道结束，这个时候，result就是多元素，
这个的时间复杂度为n。

这个算法的正确性在于因为我们要输出的Ans的次数是大于等于n/2+1的，也就是说它出现的次数是大于其他所有数出现次数之和的

 #include<iostream>
 #include<cstdio>
 #include<cstring>
 #include<algorithm>
 #include<cmath>
 using namespace std;

 int n,t,cnt,res;

 int main()
 {
     ios::sync_with_stdio(false);
     while(cin>>n)
     {
         cnt=;
         for(int i=;i<n;i++)
         {
             cin>>t; //复杂度为 n
             if(cnt==) //这意味着重新一个数
             {
                 res=t; //重新的数 赋给res
                 cnt++;
             }
             else
             {
                 if(t==res) cnt++;
                 else cnt--;
             }
         }
         cout<<res<<endl;
     }
 }

然而时间上 也是勉强过