【做题】Codeforces Round #436 (Div. 2) F. Cities Excursions——图论+dfs
题意:给你一个有向图,多次询问从一个点到另一个点字典序最小的路径上第k个点。
考虑枚举每一个点作为汇点(记为i),计算出其他所有点到i的字典序最小的路径。(当然,枚举源点也是可行的)
首先,我们建一张反向图,从i开始dfs,以删去所有无法到达i的点。
然后,因为此时图上所有点都可以到达i,所以可以贪心地在从每一个点出发的边中只保留终点编号最小的边,而把其他边删除。
这样就可以保证路径是字典序最小的,并且从每个点到i的路径只有一条。
而题目中给出了这样一种情况:
- there are paths from sj to tj, but for every such path p there is another path q from sj to tj, such that pi > qi, where i is the minimum integer for which pi ≠ qi.
因此最后可能某些未被删去的点无法到达i,就需要从i开始再dfs一遍,以删去这些点。
在最后这次dfs的同时通过倍增记录路径(即祖先节点),以实现O(logn)地查询路径的第k个点。
时间复杂度O(n^2*logn+q*logn)。
#include <bits/stdc++.h>
#define travel(i,x,p) for(int i=p.fir[(x)];i;i=p.con[i].la)
#define nex(x,p) p.con[x].b
using namespace std;
const int N=,Q=;
struct edge{
int la,b;
};
struct graph{
edge con[N];
int tot,fir[N];
bool vis[N];
void init()
{
tot=;
memset(fir,,sizeof fir);
}
void add(int from,int to)
{
con[++tot].la=fir[from];
con[tot].b=to;
fir[from]=tot;
}
void dfs(int pos)
{
vis[pos]=;
for(int i=fir[pos];i;i=con[i].la)
{
if(!vis[con[i].b]) dfs(con[i].b);
}
}
}p1,p2,p3;
int n,m,q,anc[N][];
struct query{
int s,k,id;
};
vector<query>ask[N];
int ans[Q];
void exdfs(int pos)
{
p3.vis[pos]=;
for(int i=;i<=;i++)
anc[pos][i]=anc[anc[pos][i-]][i-];
for(int i=p3.fir[pos];i;i=p3.con[i].la)
{
anc[p3.con[i].b][]=pos;
exdfs(p3.con[i].b);
}
}
void doit(query tmp,int pos)
{
if(!p3.vis[tmp.s]) ans[tmp.id]=-;
else
{
tmp.k--;
pos=tmp.s;
for(int i=;i>=;i--)
{
if((<<i)<=tmp.k)
tmp.k-=(<<i),pos=anc[pos][i];
}
if(pos==) ans[tmp.id]=-;
else ans[tmp.id]=pos;
}
}
void solve(int pos)
{
memset(p2.vis,,sizeof p2.vis);
p2.dfs(pos);
p3.init();
int tmp;
for(int i=;i<=n;i++)
{
if(p2.vis[i]&&i!=pos)
{
tmp=n+;
travel(j,i,p1)
{
if(p2.vis[nex(j,p1)]&&nex(j,p1)<tmp)
tmp=nex(j,p1);
}
if(tmp!=n+) p3.add(tmp,i);
}
}
memset(p3.vis,,sizeof p3.vis);
memset(anc,,sizeof(anc));
exdfs(pos);
for(int i=;i<(int)ask[pos].size();i++)
{
doit(ask[pos][i],pos);
}
}
int main()
{
int from,to;
scanf("%d%d%d",&n,&m,&q);
for(int i=;i<=m;i++)
{
scanf("%d%d",&from,&to);
p1.add(from,to);
p2.add(to,from);
}
int x,y,k;
for(int i=;i<=q;i++)
{
scanf("%d%d%d",&x,&y,&k);
ask[y].push_back((query){x,k,i});
}
for(int i=;i<=n;i++)
solve(i);
for(int i=;i<=q;i++)
printf("%d\n",ans[i]);
return ;
}
小结:在诸如最小字典序路径和其他问题中,可以通过预处理以保证贪心的正确性。
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