题目链接:vjudge

大意:有两个人参加一场游戏,这个游戏在一个编号为\(0\text~n-1\)的轮盘上进行,一开始轮盘上的数字均为0;一共有\(m\)轮,每一轮都有一个操作参数\(s_i\),主持人等概率置顶某个位置\(j\),从\(j\)开始数\(s_i\)个位置,每个位置上的数+1(这两个人均不知道主持人所选定的位置)。\(m\)轮结束之后,Alice指定一个位置,主持人告知该位上的数。Bob根据Alice得到的回答再选定一个位置(可以重复),获得该位置上的数。他们的游戏得分就是所获得的两数之和。求其期望(好长啊qwq)

分析

被800搞自闭了

我们将格子编号+1,方便叙述

记\(dp[i][j][k]\)为在进行到第\(i\)轮的时候,第1位上的数字为\(j\)时,第\(k\)位上数字的期望

因为我们总可以将Alice所选的位置看作是第1位,因此答案就是

\[\sum_{i=0}^{m}(max(dp[m][i][j])+i)*m轮之后第1位上的数是i的概率
\]

我们再记一个辅助数组\(f[i][j]\),表示在第\(i\)轮的时候,第1为上的数是\(j\)的概率

这个玩意比较好转移:

\[f[i][j]=(f[i-1][j-1]*s[i]+f[i-1][j]*(n-s[i]))/n
\]

特判一下\(j=0\)时只有一种转移

那么我们接着处理\(dp​\)数组的转移,容易知道\(dp[i][j][k]​\)也会是由\(dp[i-1][j-1][k]​\)和\(dp[i-1][j][k]​\)转移而来

具体的实现的话我们需要第二个辅助数组\(tim[i][j]\)表示当所选取的+1区间长度为\(i\),且保证区间包含第1位时,包含第\(j\)位的情况数,这个可以暴力枚举求解

然后转移就变得比较清晰了:根据转移而来的状态是否包含了第1位来求解

具体转移详见程序

注意arena上交题的时候稍微大一点的数组要开在外面。。。

#include<iostream>
#include<string.h>
#include<string>
#include<stdio.h>
#include<algorithm>
#include<math.h>
#include<vector>
#include<queue>
#include<map>
using namespace std;
const int maxd=1000000007,N=100000;
const double pi=acos(-1.0),eps=1e-8;
typedef long long ll;
double f[350][350],dp[350][350][350];
int tim[350][350],m; struct WheelofFortune{
double maxExpectedValue(int n,vector<int> s)
{
int i,j,k;m=s.size();
memset(dp,0,sizeof(dp));
memset(f,0,sizeof(f));
memset(tim,0,sizeof(tim));
for (i=1;i<=n;i++)
{
for (j=1;j<=i;j++)
{
for (k=0;k<i;k++)
{
tim[i][(j-k+n-1)%n+1]++;
}
}
}
f[0][0]=1;
for (i=1;i<=m;i++)
{
for (j=0;j<=i;j++)
{
f[i][j]=f[i-1][j]*(n-s[i-1])/n;
if (j) f[i][j]+=f[i-1][j-1]*s[i-1]/n;
if (f[i][j]<eps) continue;
for (k=1;k<=n;k++)
{
dp[i][j][k]+=(dp[i-1][j][k]*(n-s[i-1])+(s[i-1]-tim[s[i-1]][k]))/n*f[i-1][j]/f[i][j];
if (j) dp[i][j][k]+=(dp[i-1][j-1][k]*s[i-1]+tim[s[i-1]][k])/n*f[i-1][j-1]/f[i][j];
}
}
}
double ans=0.0;
for (i=0;i<=m;i++)
{
double maxnum=0.0;
for (j=2;j<=n;j++) maxnum=max(maxnum,dp[m][i][j]);
ans+=f[m][i]*(i+maxnum);
}
return ans;
}
}a;

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