[BZOJ2683][BZOJ4066]简单题

试题描述

你有一个N*N的棋盘，每个格子内有一个整数，初始时的时候全部为0，现在需要维护两种操作：

命令	参数限制	内容
1 x y A	1<=x,y<=N，A是正整数	将格子x,y里的数字加上A
2 x₁ y₁ x₂ y₂	1<=x₁<= x₂<=N 1<=y₁<= y₂<=N	输出x₁ y₁ x₂ y₂这个矩形内的数字和
3	无	终止程序

输入

输入文件第一行一个正整数N。

接下来每行一个操作。每条命令除第一个数字之外，

均要异或上一次输出的答案last_ans，初始时last_ans=0。（BZOJ2683不需要强制在线）

输出

对于每个2操作，输出一个对应的答案。

输入示例（BZOJ2683）

输出示例（BZOJ2683）

输入示例（BZOJ4066）

输出示例（BZOJ4066）

数据规模及约定

1<=N<=500000,操作数不超过200000个，内存限制20M，保证答案在int范围内并且解码之后数据仍合法。

题解

只有权限号可以享受的双倍经验题（雾）。

2683这道数据水，最裸的kd树就卡时限过了。。。

4066这题数据强，需要加一个定期重构，就是加入的元素达到了某一些固定值就暴力把整棵kd树重新构造一遍，这样就不会被卡成“n² 的优秀算法了”。

2683（不强制在线无定期重构慢的要死）：

#include <iostream>

#include <cstdio>

#include <algorithm>

#include <cmath>

#include <stack>

#include <vector>

#include <queue>

#include <cstring>

#include <string>

#include <map>

#include <set>

using namespace std;

const int BufferSize = 1 << 16;

char buffer[BufferSize], *Head, *Tail;

inline char Getchar() {

    if(Head == Tail) {

        int l = fread(buffer, 1, BufferSize, stdin);

        Tail = (Head = buffer) + l;

    }

    return *Head++;

}

int read() {

    int x = 0, f = 1; char c = Getchar();

    while(!isdigit(c)){ if(c == '-') f = -1; c = Getchar(); }

    while(isdigit(c)){ x = x * 10 + c - '0'; c = Getchar(); }

    return x * f;

}

#define maxn 200010

#define oo 2147483647

int root, ToT, lc[maxn], rc[maxn];

struct Node {

	int x[2], mx[2], mn[2], val, sum;

	bool operator == (const Node& t) const { return x[0] == t.x[0] && x[1] == t.x[1]; }

} nodes[maxn];

Node x, y;

void maintain(int o) {

	int l = lc[o], r = rc[o];

	for(int i = 0; i < 2; i++) {

		nodes[o].mx[i] = max(max(nodes[l].mx[i], nodes[r].mx[i]), nodes[o].x[i]);

		nodes[o].mn[i] = min(min(nodes[l].mn[i], nodes[r].mn[i]), nodes[o].x[i]);

	}

	nodes[o].sum = nodes[l].sum + nodes[r].sum + nodes[o].val;

//	printf("maintain(%d): %d %d %d %d %d\n", o, nodes[o].sum, nodes[o].mx[0], nodes[o].mn[0], nodes[o].mx[1], nodes[o].mn[1]);

	return ;

}

void add(int& o, bool cur) {

	if(!o){ nodes[o = ++ToT] = x; return maintain(o); }

	if(nodes[o] == x){ nodes[o].val += x.val; nodes[o].sum += x.val; return maintain(o); }

	add(x.x[cur] < nodes[o].x[cur] ? lc[o] : rc[o], cur ^ 1);

	return maintain(o);

}

bool all(int o) { return x.x[0] <= nodes[o].mn[0] && nodes[o].mx[0] <= y.x[0] && x.x[1] <= nodes[o].mn[1] && nodes[o].mx[1] <= y.x[1]; }

bool has(int o) { return !(nodes[o].mx[0] < x.x[0] || nodes[o].mn[0] > y.x[0] || nodes[o].mx[1] < x.x[1] || nodes[o].mn[1] > y.x[1]); }

int query(int o) {

	if(!o) return 0;

	int ans = 0;

	if(all(lc[o])) ans += nodes[lc[o]].sum;

	else if(has(lc[o])) ans += query(lc[o]);

	if(all(rc[o])) ans += nodes[rc[o]].sum;

	else if(has(rc[o])) ans += query(rc[o]);

	int nx = nodes[o].x[0], ny = nodes[o].x[1];

	if(x.x[0] <= nx && nx <= y.x[0] && x.x[1] <= ny && ny <= y.x[1]) ans += nodes[o].val;

	return ans;

}

int main() {

	nodes[0].mx[0] = nodes[0].mx[1] = -oo;

	nodes[0].mn[0] = nodes[0].mn[1] = oo;

	nodes[0].val = nodes[0].sum = 0;

	int n = read();

	n = read();

	while(n < 3) {

		if(n == 1) {

			x.x[0] = read(); x.x[1] = read(); x.val = read();

			add(root, 1);

		}

		if(n == 2) {

			x.x[0] = read(); x.x[1] = read(); y.x[0] = read(); y.x[1] = read();

			printf("%d\n", query(root));

		}

		n = read();

	}

	return 0;

}

4066（强制在线加定期重构但还是很慢= =）：

#include <iostream>

#include <cstdio>

#include <algorithm>

#include <cmath>

#include <stack>

#include <vector>

#include <queue>

#include <cstring>

#include <string>

#include <map>

#include <set>

using namespace std;

const int BufferSize = 1 << 16;

char buffer[BufferSize], *Head, *Tail;

inline char Getchar() {

    if(Head == Tail) {

        int l = fread(buffer, 1, BufferSize, stdin);

        Tail = (Head = buffer) + l;

    }

    return *Head++;

}

int read() {

    int x = 0, f = 1; char c = Getchar();

    while(!isdigit(c)){ if(c == '-') f = -1; c = Getchar(); }

    while(isdigit(c)){ x = x * 10 + c - '0'; c = Getchar(); }

    return x * f;

}

#define maxn 200010

#define oo 2147483647

int root, ToT, lc[maxn], rc[maxn];

bool Cur;

struct Node {

	int x[2], mx[2], mn[2], val, sum;

	bool operator == (const Node& t) const { return x[0] == t.x[0] && x[1] == t.x[1]; }

	bool operator < (const Node& t) const { return x[Cur] < t.x[Cur]; }

} nodes[maxn];

Node x, y;

void maintain(int o) {

	int l = lc[o], r = rc[o];

	for(int i = 0; i < 2; i++) {

		nodes[o].mx[i] = max(max(nodes[l].mx[i], nodes[r].mx[i]), nodes[o].x[i]);

		nodes[o].mn[i] = min(min(nodes[l].mn[i], nodes[r].mn[i]), nodes[o].x[i]);

	}

	nodes[o].sum = nodes[l].sum + nodes[r].sum + nodes[o].val;

//	printf("maintain(%d): %d %d %d %d %d\n", o, nodes[o].sum, nodes[o].mx[0], nodes[o].mn[0], nodes[o].mx[1], nodes[o].mn[1]);

	return ;

}

void add(int& o, bool cur) {

	if(!o){ nodes[o = ++ToT] = x; return maintain(o); }

	if(nodes[o] == x){ nodes[o].val += x.val; nodes[o].sum += x.val; return maintain(o); }

	add(x.x[cur] < nodes[o].x[cur] ? lc[o] : rc[o], cur ^ 1);

	return maintain(o);

}

void build(int& o, int L, int R, int cur) {

	if(L > R){ o = 0; return ; }

	int M = L + R >> 1; o = M;

	Cur = cur; nth_element(nodes + L, nodes + M, nodes + R + 1);

	build(lc[o], L, M - 1, cur ^ 1); build(rc[o], M + 1, R, cur ^ 1);

	return maintain(o);

}

bool all(int o) { return x.x[0] <= nodes[o].mn[0] && nodes[o].mx[0] <= y.x[0] && x.x[1] <= nodes[o].mn[1] && nodes[o].mx[1] <= y.x[1]; }

bool has(int o) { return !(nodes[o].mx[0] < x.x[0] || nodes[o].mn[0] > y.x[0] || nodes[o].mx[1] < x.x[1] || nodes[o].mn[1] > y.x[1]); }

int query(int o) {

	if(!o) return 0;

	int ans = 0;

	if(all(lc[o])) ans += nodes[lc[o]].sum;

	else if(has(lc[o])) ans += query(lc[o]);

	if(all(rc[o])) ans += nodes[rc[o]].sum;

	else if(has(rc[o])) ans += query(rc[o]);

	int nx = nodes[o].x[0], ny = nodes[o].x[1];

	if(x.x[0] <= nx && nx <= y.x[0] && x.x[1] <= ny && ny <= y.x[1]) ans += nodes[o].val;

	return ans;

}

int main() {

	nodes[0].mx[0] = nodes[0].mx[1] = -oo;

	nodes[0].mn[0] = nodes[0].mn[1] = oo;

	nodes[0].val = nodes[0].sum = 0;

	int n = read(), lastans = 0;

	n = read();

	while(n < 3) {

		if(n == 1) {

			x.x[0] = read() ^ lastans; x.x[1] = read() ^ lastans; x.val = read() ^ lastans;

			add(root, 1);

			if(ToT % 1000 == 0) build(root, 1, ToT, 1);

		}

		if(n == 2) {

			x.x[0] = read() ^ lastans; x.x[1] = read() ^ lastans; y.x[0] = read() ^ lastans; y.x[1] = read() ^ lastans;

			printf("%d\n", lastans = query(root));

		}

		n = read();

	}

	return 0;

}

其实这道题我第一眼看上去是树套树删边题，结果一看内存限制20M。。。还好没写树套树= =

[BZOJ2683][BZOJ4066]简单题的更多相关文章

【BZOJ1176】[Balkan2007]Mokia/【BZOJ2683】简单题 cdq分治
[BZOJ1176][Balkan2007]Mokia Description 维护一个W*W的矩阵,初始值均为S.每次操作可以增加某格子的权值,或询问某子矩阵的总权值.修改操作数M<=1600 ...
bzoj4066: 简单题 K-Dtree
bzoj4066: 简单题链接 bzoj 思路强制在线.k-dtree. 卡常啊.空间开1e6就T了. 代码 #include <bits/stdc++.h> #define my_m ...
Bzoj4066 简单题
Time Limit: 50 Sec Memory Limit: 20 MBSubmit: 2185 Solved: 581 Description 你有一个N*N的棋盘,每个格子内有一个整数,初 ...
【BZOJ2683】简单题 [分治][树状数组]
简单题 Time Limit: 50 Sec Memory Limit: 128 MB[Submit][Status][Discuss] Description 你有一个N*N的棋盘,每个格子内有一 ...
BZOJ4066 简单题（KD-Tree）
板子题. #include<iostream> #include<cstdio> #include<cmath> #include<cstdlib> # ...
【bzoj1176】[Balkan2007]Mokia/【bzoj2683】简单题 CDQ分治+树状数组
bzoj1176 题目描述维护一个W*W的矩阵,初始值均为S(题目描述有误,这里的S没有任何作用!).每次操作可以增加某格子的权值,或询问某子矩阵的总权值.修改操作数M<=160000,询问数 ...
【BZOJ2683】简单题
cdq分治妙啊 (被改过题面的)原题: dydxh所出的题目是这样的:有一个N*N矩阵,给出一系列的修改和询问,修改是这样的:将(x,y)中的数字加上k,而询问是这样的:求(x1,y1)到(x2,y2 ...
【kd-tree】bzoj4066 简单题
同p1176. #include<cstdio> #include<cmath> #include<algorithm> using namespace std; ...
BZOJ4066:简单题(K-D Tree)
Description 你有一个N*N的棋盘,每个格子内有一个整数,初始时的时候全部为0,现在需要维护两种操作: 命令参数限制内容 1 x y A 1<=x,y<=N,A是正整数 ...

随机推荐

原生js dom记忆的内容
1.DOM基础getElementByIdgetElementByTagNamegetElementByName getElementsByClass querySelector querySelec ...
DOM（一）模型中的模型节点
<html>位于网页的顶端它没有父辈,称之为根节点 1.元素节点(element node) 可以说,整个DOM模型都是由元素节点(element node)组成比如文本段落元素“&l ...
每天一个linux命令（38）：vmstat命令
vmstat 是Virtual Meomory Statistics(虚拟内存统计)的缩写,可对操作系统的虚拟内存.进程.CPU活动进行监控.他是对系统的整体情况进行统计,不足之处是无法对某个进程进 ...
软工实践练习一——使用Git进行代码管理心得
在github.com的操作注册创建Organization 将指定代码库fork到小组Organization下在Organization下创建repository 这些操作在学校的机房已经完 ...
[转]Java总结篇系列：Java泛型
一. 泛型概念的提出(为什么需要泛型)? 首先,我们看下下面这段简短的代码: 1 public class GenericTest { 2 3 public static void main(Stri ...
LCA最近公共祖先 Tarjan离线算法
学习博客: http://noalgo.info/476.html 讲的很清楚! 对于一颗树,dfs遍历时,先向下遍历,并且用并查集维护当前节点和父节点的集合.这样如果关于当前节点(A)的关联节点( ...
Java 缓存技术
以下仅是对map对方式讨论.没有对点阵图阵讨论.作缓存要做以下2点: 1:清理及更新缓存时机的处理: . 虚拟机内存不足,清理缓存 .. 缓存时间超时,或访问次数超出, 启动线程更新 2:类和方法的 ...
图解Android - 如何看Android的UML 图？
如何看UML图? UML能给我们带来什么? 这是本文要寻找的答案.UML图有很多类型,我们这里只讨论最重要也最常用的两种 - 类图和时序图. 1. 类图通过类图,我们可以很容易的了解代码架构,理清模 ...
[IOS Block和delegate的对比]
原文:http://blog.sina.com.cn/s/blog_9e8867eb0102uykn.html 这篇文章建议和前一篇一起看, 另外先弄清楚IOS的block是神马东东. 委托和bloc ...
android 常见死机问题--log分析
http://blog.csdn.net/fangchongbory/article/details/7645815 android 常见死机问题--log分析============ ...

[BZOJ2683][BZOJ4066]简单题

[BZOJ2683][BZOJ4066]简单题的更多相关文章

随机推荐

热门专题