题目http://codeforces.com/contest/1169/problem/C

题意:

有n个数,每次可以选择k个,将他们+1并对m取模。问最少进行多少次操作,使得序列是非递减的。

思路:

太久没刷题遭报应了。这两天能补多少是多少吧。

二分答案。然后看看这个序列是不是非递减的。

对于第i个数,如果$a[i]\leq prev\leq a[i]+mid$,说明在mid次操作内他肯定比他前一个数要大。

当然因为取模 所以实际上还应该包括$a[i]\leq prev+m\leq a[i]+mid$

但如果$prev > a[i]+mid$说明mid不够大,则l = mid +1

否则r = mid

要死了二分都不会了。

 //#include<bits/stdc++>
#include<stdio.h>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<stdlib.h>
#include<queue>
#include<map>
#include<stack>
#include<set> #define LL long long
#define ull unsigned long long
#define inf 0x7f7f7f7f using namespace std; int n, m;
const int maxn = 3e5 + ;
int num[maxn]; int main()
{
scanf("%d%d", &n, &m);
for(int i = ; i < n; i++){
scanf("%d", &num[i]);
}
int l = , r = m;
int ans;
while(l < r){
bool flag = false;
int mid = (l + r) / , prev = ;
for(int i = ; i < n; i++){
int x = num[i], y = num[i] + mid;
if(x <= prev && y >= prev || x <= prev + m && y >= prev + m){
continue;
}
if(prev >= x){
flag = true;
break;
}
prev = num[i];
}
if(flag){
l = mid + ;
}
else{
//ans = mid;
r = mid;
}
}
printf("%d\n", l);
return ;
}

codeforces#562 Div2 C---Increasing by modulo【二分】的更多相关文章

  1. codeforces 350 div2 D Magic Powder - 2 二分

    D2. Magic Powder - 2 time limit per test 1 second memory limit per test 256 megabytes input standard ...

  2. Codeforces #180 div2 C Parity Game

    // Codeforces #180 div2 C Parity Game // // 这个问题的意思被摄物体没有解释 // // 这个主题是如此的狠一点(对我来说,),不多说了这 // // 解决问 ...

  3. Codeforces #541 (Div2) - E. String Multiplication(动态规划)

    Problem   Codeforces #541 (Div2) - E. String Multiplication Time Limit: 2000 mSec Problem Descriptio ...

  4. Codeforces #541 (Div2) - F. Asya And Kittens(并查集+链表)

    Problem   Codeforces #541 (Div2) - F. Asya And Kittens Time Limit: 2000 mSec Problem Description Inp ...

  5. Codeforces #541 (Div2) - D. Gourmet choice(拓扑排序+并查集)

    Problem   Codeforces #541 (Div2) - D. Gourmet choice Time Limit: 2000 mSec Problem Description Input ...

  6. Codeforces #548 (Div2) - D.Steps to One(概率dp+数论)

    Problem   Codeforces #548 (Div2) - D.Steps to One Time Limit: 2000 mSec Problem Description Input Th ...

  7. [Codeforces 865C]Gotta Go Fast(期望dp+二分答案)

    [Codeforces 865C]Gotta Go Fast(期望dp+二分答案) 题面 一个游戏一共有n个关卡,对于第i关,用a[i]时间通过的概率为p[i],用b[i]通过的时间为1-p[i],每 ...

  8. 【Codeforces #312 div2 A】Lala Land and Apple Trees

    # [Codeforces #312 div2 A]Lala Land and Apple Trees 首先,此题的大意是在一条坐标轴上,有\(n\)个点,每个点的权值为\(a_{i}\),第一次从原 ...

  9. Codeforces Round #562 (Div. 2) C. Increasing by Modulo

    链接:https://codeforces.com/contest/1169/problem/C 题意: Toad Zitz has an array of integers, each intege ...

随机推荐

  1. 2019icpc-徐州网络赛

    B. hxc写的 AC code: #pragma GCC optimize(2) #include <cstdio> #include <queue> #include &l ...

  2. 【转帖】MBW内存测试

    MBW内存测试 https://www.cnblogs.com/dongdongwq/p/5431561.html 在测试前,理应了解本机所具备的特点,比如CPU频率.内存频率.内存大小,等等信息. ...

  3. Redis提供的持久化机制

    Redis是一种面向“key-value”类型数据的分布式NoSQL数据库系统,具有高性能.持久存储.适应高并发应用场景等优势.它虽然起步较晚,但发展却十分迅速. 近日,Redis的作者在博客中写到, ...

  4. Scala当中什么是Transformation和 Action,以及它们俩的区别是什么?

    [学习笔记] 一个完整的RDD任务由两部分组成:Transformation和 Action.Transformation用于对RDD的创建,还可以把老的RDD通过Transformation来生成新 ...

  5. vue—组件通信,ref

    组件通信: 父组件传递子组件: 把需要的数据 传递给 子组件的数据,以数据绑定(v-bind)的形式,传递到子组件内部,供子组件使用,缩写(:) 动态传递: 第一步:在父组件中的子组件标签中进行动态的 ...

  6. urllib基础

    import urllib.request # urlretrieve(网址,本地路径) 直接下载网页到本地 urllib.request.urlretrieve("http://www.b ...

  7. Linux 系统的安全加固

    Linux是一套免费使用和自由传播的类Unix操作系统,作为一个开放源代码的操作系统,Linux服务器以其安全.高效和稳定的显著优势而得以广泛应用,但如果不做好权限的合理分配,Linux系统的安全性还 ...

  8. [Vue]method与计算属性computed、侦听器watch与计算属性computed的区别

    一.方法method与计算属性computed的区别 方法method:每当触发重新渲染时,调用方法method将总会再次执行函数: 计算属性computed:计算属性computed是基于它们的响应 ...

  9. .Net下二进制形式的文件存储与读取

    .Net下图片的常见存储与读取凡是有以下几种:存储图片:以二进制的形式存储图片时,要把数据库中的字段设置为Image数据类型(SQL Server),存储的数据是Byte[].1.参数是图片路径:返回 ...

  10. QT打开文件或文件夹或网络地址

    打开文件或文件夹 如果是文件或文件夹 必须带file:/// 后面可以是文件(夹)的绝对路径 QDesktopServices::openUrl(QUrl("file:///C:/Docum ...