Times[2017-01-25at JiNan]

Times
【问题描述 】
小 y 作为一名资深的 dotaer，对视野的控制有着深刻的研究。
每个单位在一段特定的时间内会出现在小 y 的视野内，除此之外的时间都在
小 y 看不到的地方。在小 y 看来，视野内的单位数量越多，他就越安全，因为这
意味着有可能藏在阴影中的单位就越少。
现在，小 y 已经知道了每个单位会在什么时候出现在视野内，他想知道，在
一段时间内，总共有多少个单位出现在他的视野内过。
【输入格式】
第一行有两个整数 n，m,表示一共有 n 个单位，而小 y 有 m 个问题。
接下来 n 行，每行两个数 a，b，表示这个单位 a 秒时出现在小 y 的视野内，
出现了 b 秒。
接下来 m 行，每行两个整数 x，y，表示从 x 秒开始，经过 y 秒，其中有多
少个单位出现过。
【输出格式】
m 行，即对于小 y 提出的每个问题的答案。
【输入样例 1】
3 2
2 5
0 10
5 8
0 6
8 2
【输出样例 1】

3
2
【输入样例 2】
1 2
0 10
9 1
10 1
【输出样例 2】
1
0
【数据范围】
30%的数据：
1<=n,m<=1000
100%的数据：
1<=n,m<=200000
1<=x,y,a,b<=maxlongint

/*
* @Problem: Times
* @Author: shenben
* @Date:   2017-01-25 20:42:59
* @Analyse:
    (1)如果[a,b)和[c,d)不相交
    则①要么b<=c;②要么d<=a
    (2)对于一个询问区间[c,d)
    我们统计对n个已经给出的区间[a,b)出现这两种情况的次数
    答案就是n-次数
*/
#include<cstdio>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define O3 __attribute__((optimize("O3")))
#define IN inline
O3 IN int read(){
    int x=,f=;char ch=getchar();
    while(ch<''||ch>''){if(ch=='-')f=-;ch=getchar();}
    while(ch>=''&&ch<=''){x=x*+ch-'';ch=getchar();}
    return x*f;
}
const int N=2e5+;
struct node{
    int pos,t,id;
    node(){}
    node(int pos,int t,int id):pos(pos),t(t),id(id){}
    bool operator <(const node &a)const{
        return pos==a.pos?t<a.t:pos<a.pos;
    }
}e[N<<];
int n,m,cnt,ans[N],c[];
O3 int main(){
    freopen("times.in","r",stdin);
    freopen("times.out","w",stdout);
    n=read();m=read();
    for(int i=,x,y;i<n;i++){
        x=read();y=read();
        e[cnt++]=node(x,,-);
        e[cnt++]=node(x+y,,-);
    }
    for(int i=,x,y;i<m;i++){
        x=read();y=read();
        e[cnt++]=node(x,,i);
        e[cnt++]=node(x+y,,i);
    }
    sort(e,e+cnt);
    for(int i=;i<cnt;i++){
        c[e[i].t]++;
        if(e[i].t==) ans[e[i].id]+=c[];
        if(e[i].t==) ans[e[i].id]-=c[];
    }
    for(int i=;i<m;i++) printf("%d\n",ans[i]);
    return ;
}