专题训练——[kuangbin带你飞]最短路练习

最短路练习

0. Til the Cows Come Home  POJ - 2387

完美的模板题

 //#include<Windows.h>
 #include<iostream>
 #include<algorithm>
 #include<cstring>
 #include<cstdio>
 #include<queue>
 using namespace std;
 const int MAX_V = ;
 const int MAX_E = ;
 const int inf = 0x3f3f3f3f;

 struct ENode
 {
     int to;
     int Next;
     int w;
 };
 ENode Edegs[MAX_E];
 int Head[MAX_V];
 int Dis[MAX_V];
 int tnt;
 void Add_ENode(int u, int v, int w)
 {
     ++tnt;
     Edegs[tnt].to = v;
     Edegs[tnt].w = w;
     Edegs[tnt].Next = Head[u];
     Head[u] = tnt;
     ++tnt;
     Edegs[tnt].to = u;
     Edegs[tnt].w = w;
     Edegs[tnt].Next = Head[v];
     Head[v] = tnt;
 }
 struct cmpx
 {
     bool operator () (int &a, int &b) const
     {
         return Dis[a] - Dis[b] > ;
     }
 };

 void Dijkstra(int x)
 {
     priority_queue<int, vector<int>, cmpx> q;
     memset(Dis, inf, sizeof(Dis));
     Dis[x] = ;
     q.push(x);
     while (!q.empty())
     {
         int u = q.top();
         q.pop();
         for (int k = Head[u]; k != -; k= Edegs[k].Next)
         {
             int v = Edegs[k].to;
             if (Dis[v] > Dis[u] + Edegs[k].w)
             {
                 Dis[v] = Dis[u] + Edegs[k].w;
                 q.push(v);
             }
         }
     }
 }

 int main()
 {
     int t, n;
     cin >> t >> n;
     tnt = -;
     int a, b, w;
     memset(Head, -, sizeof(Head));
     for (int i = ; i < t; i++)
     {
         cin >> a >> b >> w;
         Add_ENode(a, b, w);
     }
     Dijkstra();
     cout << Dis[n] << endl;
 //    system("pause");
     return ;
 }

1. Frogger POJ - 2253

青蛙和石头。在池塘里有2只青蛙和n块石头，石头之间有一定距离，现在一只（腿短的）青蛙想要去找另一只青蛙yuehui；给出n块石头的坐标，1号为男主青蛙所在的石头，二号为目标石头。他想尽可能的省力，每次都跳的尽量短。问它在所有可行路径中单次跳跃需要的最长距离的最小值是多少？

 #include<iostream>
 #include<algorithm>
 #include<cstring>
 #include<cstdio>
 #include<queue>
 #include<cmath>
 using namespace std;
 const int MAX_V= ;
 const double inf= 99999999999999999.0;
 typedef pair<double, double> _pair;
 _pair rock[MAX_V];
 double get_dis(_pair a, _pair b)
 {
     return sqrt(((a.first- b.first)* (a.first- b.first) )+ ((a.second- b.second)* (a.second- b.second) ) );
 }
 double Dis[MAX_V];
 struct cmpx
 {
     bool operator() (int &a, int &b) const
     {
         return Dis[a]- Dis[b]> ;
     }
 };
 int Front[MAX_V];
 void Dijkstra(int n)
 {
     priority_queue<int, vector<int>, cmpx> q;
     fill(Dis, Dis+ n+ , inf);
     //for(int i= 1; i<= n; i ++) printf("%f\n", Dis[2]);
     Dis[]= ;
     Front[]= -;
     q.push();
     while (! q.empty() )
     {
         int u= q.top();
         q.pop();
         for (int i= ; i<= n; i ++)
         {
             if (i== u) continue;
             double detmp= get_dis(rock[u], rock[i]);
             //printf("%f---%f---%f\n", Dis[u], detmp, Dis[i]);
             if (Dis[i]> Dis[u]&& Dis[i]> detmp)
             {
                 Dis[i]= max(Dis[u], detmp);
                 Front[i]= u;
                 q.push(i);
             }
             //printf("%f\n", Dis[i]);
         }
     }
 }
 int main()
 {
     int n;
     int t= ;
     while (cin >> n)
     {
         ++ t;
         if (n== ) break;
         for (int i= ; i<= n; i ++)
         {
             cin >> rock[i].first >> rock[i].second;
         }
         //for(int i= 2; i<= n; i ++) printf("%f\n", get_dis(rock[1], rock[i]));
         Dijkstra(n);
         printf("Scenario #%d\n",t);
         printf("Frog Distance = %.3f\n\n", Dis[]);
         double ans= -1.0;
         /*for (int c= n; c!= 1; c= Front[c])
         {
             double cnp= get_dis(rock[c], rock[Front[c]]);
             ans= max(ans, cnp);
         }
         printf("Frog Distance = %.3f\n\n", ans);*/
     }
     return ;
 }

2. Heavy Transportation POJ - 1797

城市中有N个路口，M个街道，每条街道都有最大承重限制；现在我们想要驾车从1号路口到N号路口，那么运输车所允许的最大重量是多少？

（不知道为什么老是PE，懒得改了）

 #include<algorithm>
 #include<iostream>
 #include<cstring>
 #include<cstdio>
 #include<queue>
 using namespace std;
 const int maxv= ;
 const int maxe= ;
 const int inf= 0x3f3f3f3f;

 struct ENode
 {
     int to;
     int w;
     int Next;
 };
 ENode edegs[maxe];
 int Head[maxv], tnt;
 void init()
 {
     memset(Head, -, sizeof(Head));
     tnt= -;
 }
 void Add_ENode(int a, int b, int w)
 {
     ++ tnt;
     edegs[tnt].to= b;
     edegs[tnt].w= w;
     edegs[tnt].Next= Head[a];
     Head[a]= tnt;
     ++ tnt;
     edegs[tnt].to= a;
     edegs[tnt].w= w;
     edegs[tnt].Next= Head[b];
     Head[b]= tnt;
 }

 int dis[maxv];
 struct cmpx
 {
     bool operator() (int &a, int &b) const
     {
         return dis[a]- dis[b]< ;
     }
 };
 void Dijkstra(int x)
 {
     priority_queue<int, vector<int>, cmpx> q;
     memset(dis, , sizeof(dis));
     dis[x]= inf;
     q.push(x);

     while (! q.empty())
     {
         int u= q.top();
         q.pop();
         for (int k= Head[u]; k!= -; k= edegs[k].Next)
         {
             int v= edegs[k].to;
             if (dis[v]< min(dis[u], edegs[k].w))
             {
                 dis[v]= min(dis[u], edegs[k].w);
                 q.push(v);
             }
         }
     }
 }

 int main()
 {
     int t, Case= ;
     int n, m;
     scanf("%d", &t);
     while (t --)
     {
         ++ Case;
         scanf("%d %d", &n, &m);
         init();
         int a, b, w;
         for (int i= ; i< m; i ++)
         {
             scanf("%d %d %d", &a, &b, &w);
             Add_ENode(a, b, w);
         }
         Dijkstra();
         printf("Scenario #%d:\n%d\n", Case, dis[n]);
     }
     return ;
 }

3. Travel (The 2019 ACM-ICPC China Shannxi Provincial Programming Contest M)  /**计蒜客复现赛：点这里*/

星系中有n 个星球，编号从1 到N。星球之间有M个隧道相连，每个隧道都有一个长度。你有一个航天器，航天器有两个属性：传输距离d 和传输次数e 。航天器只能通过短于或等于其传输距离的通道；如果传输次数耗尽，则无法再使用航天器。航天器具有等级，lv0的航天器d 和e 都等于0，你可以给你的航天器升级，每次升级都会消耗c 点花费，给你的航天器提升dx和 ex点属性。现在，告诉你n，m，m条通道的信息，还有给你的航天器升级时的c，dx，ex。

Q: 你能求出从1 到N 的最小花费吗？

A: 把原本记录到达此点最短距离的Dis[] 变成 记录到达此点所需要飞行器最低等级的Dis_Level[]，这样剩下的就是普通的Dijkstra了。

 #include<algorithm>
 #include<cstring>
 #include<cstdio>
 #include<queue>
 using namespace std;
 const int MAX_V= ;
 const int MAX_E= ;
 const int inf= 0x3f3f3f3f;

 struct ENode
 {
     int to;
     int w;
     int Next;
 };
 ENode edegs[MAX_E];
 int Head[MAX_V], tnt;
 void Add_ENode(int a, int b, int w)
 {
     edegs[++ tnt].to= b;
     edegs[tnt].w= w;
     edegs[tnt].Next= Head[a];
     Head[a]= tnt;
     edegs[++ tnt].to= a;
     edegs[tnt].w= w;
     edegs[tnt].Next= Head[b];
     Head[b]= tnt;
 }

 int Dis_Level[MAX_V];  //到每个点，所需要的飞船最小等级;
 int deep[MAX_V];  //每个点bfs 的深度;
 struct cmpx
 {
     bool operator() (int &a, int &b) const
     {
         return Dis_Level[a]- Dis_Level[b]> ;
     }
 };
 void Dijkstra(int x, int _dis, int _cost)
 {
     /*x为起点, _dis是每次升级提升的传送距离, _cost是升级提升的传送次数;*/
     memset(Dis_Level, inf, sizeof(Dis_Level));
     memset(deep, inf, sizeof(deep));
     priority_queue<int, vector<int>, cmpx> q;
     Dis_Level[x]= ; //起点的飞行器等级为0;
     deep[x]= ;  //起点深度为0;
     q.push(x);
     while (! q.empty())
     {
         int u= q.top();
         q.pop();
         for (int k= Head[u]; k!= -; k= edegs[k].Next)
         {
             int v= edegs[k].to;
             int lev_tmp= Dis_Level[u];
             while (lev_tmp* _dis< edegs[k].w|| lev_tmp* _cost< deep[u]+ )
             {
                 /*若当前的飞行器等级不能穿越此隧道，或传送次数已用完，则升级飞行器一次;*/
                 lev_tmp ++;
             }
             if (lev_tmp< Dis_Level[v])
             {
                 /*如果此时的飞行器等级小与之前到达点v 的飞行器等级，则更新Dis_Level[v]*/
                 Dis_Level[v]= lev_tmp;
                 deep[v]= deep[u]+ ; //深度也要 +1;
                 q.push(v); //加入队列;
             }
         }
     }
 }
 void into()
 {
     memset(Head, -, sizeof(Head));
     tnt= -;
 }

 int main()
 {
     int n, m;
     int c, d, e;
     int a, b ,w;
     while (~ scanf("%d %d", &n, &m))
     {
         scanf("%d %d %d", &c, &d, &e);
         into();
         for (int i= ;i< m;i ++)
         {
             scanf("%d %d %d", &a, &b, &w);
             Add_ENode(a, b, w);
         }
         Dijkstra(, d, e);
         if (Dis_Level[n]== inf) printf("-1\n");
         else printf("%lld\n", (long long)Dis_Level[n]* c);
     }
     return ;
 }

4.Marriage Match IV （HDU 3416）

Starvae在A市，女孩在B市。每次starvae都可以到达B市并与他喜欢的女孩一起xoxo。但是他面前有两个问题，一是starvae必须在最短的时间内到达B，所以说他必须选择最短的路径；二是每条道路只能走一次，但每座城市他可以经过多次。那么，请你告诉他：从A-->B的（完全不同的）最短路径一共有几条？

Ps：最短路径+最大流。先用Dijkstra求出A到B的最短路径并处理dis[]数组，然后依照条件（dis[v]== dis[u]+ edegs[k].w）找出所有在最短路径上的边，并建一个图2。随后就是Dinic跑最大流出结果，代码如下。

 #include<algorithm>
 #include<iostream>
 #include<cstring>
 #include<cstdio>
 #include<queue>
 using namespace std;
 const int maxv= ;
 const int maxe= ;
 const int inf= 0x3f3f3f3f;

 struct ENode
 {
     int to;
     int w;
     int Next;
 };
 ENode edegs[maxe];
 int Head[maxv], tnt;
 void init()
 {
     memset(Head, -, sizeof(Head));
     tnt= -;
 }
 void Add_ENode(int a, int b, int w)
 {
     ++ tnt;
     edegs[tnt].to= b;
     edegs[tnt].w= w;
     edegs[tnt].Next= Head[a];
     Head[a]= tnt;
 }

 int dis[maxv];
 struct cmpx
 {
     bool operator() (int &a, int &b) const
     {
         return dis[a]- dis[b]> ;
     }
 };
 void Dijkstra(int x)
 {
     priority_queue<int, vector<int>, cmpx> q;
     memset(dis, inf, sizeof(dis));
     dis[x]= ;
     q.push(x);

     while (! q.empty())
     {
         int u= q.top();
         q.pop();

         for (int k= Head[u]; k!= -; k= edegs[k].Next)
         {
             int v=  edegs[k].to;
             if (dis[v]> dis[u]+ edegs[k].w )
             {
                 dis[v]= dis[u]+ edegs[k].w;
                 q.push(v);
             }
         }
     }
 }

 /*建新图，跑最大流*/
 ENode edegs1[maxe];
 int Head1[maxv], tnt1;
 void init1()
 {
     memset(Head1, -, sizeof(Head1));
     tnt1= -;
 }
 void Add_ENode1(int a, int b, int w)
 {
     ++ tnt1;
     edegs1[tnt1].to= b;
     edegs1[tnt1].w= w;
     edegs1[tnt1].Next= Head1[a];
     Head1[a]= tnt1;
     ++ tnt1;
     edegs1[tnt1].to= a;
     edegs1[tnt1].w= ;
     edegs1[tnt1].Next= Head1[b];
     Head1[b]= tnt1;
 }
 void Dijk2(int n)
 {
     init1();
     for (int u= ; u<= n; u ++)
     {
         for (int k= Head[u]; k!= -; k= edegs[k].Next)
         {
             int v=  edegs[k].to;
             if (dis[v]== dis[u]+ edegs[k].w )
             {
                 Add_ENode1(u, v, );
             }
         }
     }
 }
 int level[maxv];
 bool bfs_level (int s, int t)
 {
     memset(level, -, sizeof(level)); //所有点的等级初始化为-1;
     level[s]= ; //源点的等级为1;
     int que[maxv];  //队列que：按序保存已搜索到的点;
     int iq= ;
     que[iq ++]= s; //先将源点s 加入队列;
     for (int i= ; i< iq; i ++)
     {
         int u= que[i];  //取出队首元素;
         if (u== t)
         {
             /*找到汇点t,返回*/
             return true;
         }
         for (int k= Head1[u]; k!= -; k= edegs1[k].Next)
         {
             /*遍历，查找到之前未找到的、可抵达的点便加入队列*/
             int v= edegs1[k].to;
             if (-== level[v]&& edegs1[k].w)
             {
                 level[v]= level[u]+ ; //深度 +1;
                 que[iq ++]= v;
             }
         }
     }
     return false;
 }
 int dfs(int now, int c_max, int t)
 {
     /**DFS 实现多路增广*/
     /*now：起点；c_max：从源点s到节点now的最大流量；t：汇点、dfs结束的终点*/
     if (now== t) return c_max; //当now== t时，c_max便是要求的最大流;
     int ret= , f;
     for (int k= Head1[now]; k!= -; k= edegs1[k].Next)
     {
         if (edegs1[k].w&& level[edegs1[k] .to]== level[now]+ )
         {
             /**/
             f= dfs(edegs1[k].to, min(c_max- ret, edegs1[k].w), t);
             edegs1[k].w-= f;
             edegs1[k^].w+= f;
             ret+= f;
             if(ret== c_max) return ret;
         }
     }
     return ret;
 }
 int dinic(int s, int t)
 {
     int ans= ;
     while(bfs_level(s, t))
     {
         ans+= dfs(s, inf, t);
     }
     return ans;
 }

 int main()
 {
     int t;
     int n, m;
     scanf("%d", &t);
     while (t --)
     {
         scanf("%d %d", &n, &m);
         init();
         int a, b, w;
         for (int i= ; i< m; i ++)
         {
             scanf("%d %d %d", &a, &b, &w);
             Add_ENode(a, b, w);
         }
         int start, endd;
         scanf("%d %d", &start, &endd);
         Dijkstra(start);
         Dijk2(n);
         int ans= dinic(start, endd);
         printf("%d\n", ans);
     }
     return ;
 }

end；