题解

我们可以先写出\(dp\)式来。

设\(dp[u][i]\)表示以\(u\)为根的子树深度不超过\(i-1\)的概率

\(dp[u][i]=\prod (dp[v][i-1]+1)*\frac{1}{2}\)

然后因为这道题精度要求比较低,所以我们对于每个\(u\),保留第二维60个就行了。

所以每次加入一个节点的时候,我们只需要更新父链上60个\(dp\)值就好了,复杂度\(O(n*60)\)。

代码

#include<bits/stdc++.h>
#define N 500002
using namespace std;
typedef long long ll;
const int maxd=60;
int q,n,fa[N];
double dp[N][61];
inline ll rd(){
ll x=0;char c=getchar();bool f=0;
while(!isdigit(c)){if(c=='-')f=1;c=getchar();}
while(isdigit(c)){x=(x<<1)+(x<<3)+(c^48);c=getchar();}
return f?-x:x;
}
int main(){
q=rd();
int type,x;
n=1;
for(int i=0;i<=maxd;++i)dp[1][i]=1;
while(q--){
type=rd();x=rd();
if(type==1){
++n;
for(int i=0;i<=maxd;++i)dp[n][i]=1;
fa[n]=x;
double pre=1;int s=n;
for(int dep=0,now=x;now&&dep<=60;dep++,now=fa[now]){
double nw=dp[now][dep];
dp[now][dep]/=0.5*(1+pre);
if(dep)dp[now][dep]*=0.5*(1+dp[s][dep-1]);
else dp[now][dep]*=0.5;
s=now;pre=nw;
}
}
else{
double ans=0;
for(int i=1;i<=60;++i)ans+=(dp[x][i]-dp[x][i-1])*i;
printf("%.10lf\n",ans);
}
}
return 0;
}

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