狂K 线段树
想写好树剖~~线段树very important
HDU 1166 敌兵布阵
Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 83545 Accepted Submission(s): 35301
中央情报局要研究敌人究竟演习什么战术,所以Tidy要随时向Derek汇报某一段连续的工兵营地一共有多少人,例如Derek问:“Tidy,马上汇报第3个营地到第10个营地共有多少人!”Tidy就要马上开始计算这一段的总人数并汇报。但敌兵营地的人数经常变动,而Derek每次询问的段都不一样,所以Tidy不得不每次都一个一个营地的去数,很快就精疲力尽了,Derek对Tidy的计算速度越来越不满:"你个死肥仔,算得这么慢,我炒你鱿鱼!”Tidy想:“你自己来算算看,这可真是一项累人的工作!我恨不得你炒我鱿鱼呢!”无奈之下,Tidy只好打电话向计算机专家Windbreaker求救,Windbreaker说:“死肥仔,叫你平时做多点acm题和看多点算法书,现在尝到苦果了吧!”Tidy说:"我知错了。。。"但Windbreaker已经挂掉电话了。Tidy很苦恼,这么算他真的会崩溃的,聪明的读者,你能写个程序帮他完成这项工作吗?不过如果你的程序效率不够高的话,Tidy还是会受到Derek的责骂的.
每组数据第一行一个正整数N(N<=50000),表示敌人有N个工兵营地,接下来有N个正整数,第i个正整数ai代表第i个工兵营地里开始时有ai个人(1<=ai<=50)。
接下来每行有一条命令,命令有4种形式:
(1) Add i j,i和j为正整数,表示第i个营地增加j个人(j不超过30)
(2)Sub i j ,i和j为正整数,表示第i个营地减少j个人(j不超过30);
(3)Query i j ,i和j为正整数,i<=j,表示询问第i到第j个营地的总人数;
(4)End 表示结束,这条命令在每组数据最后出现;
每组数据最多有40000条命令
对于每个Query询问,输出一个整数并回车,表示询问的段中的总人数,这个数保持在int以内。
10
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
Query 1 3
Add 3 6
Query 2 7
Sub 10 2
Add 6 3
Query 3 10
End
6
33
59
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
using namespace std;
#define maxn 50010
struct Tree{
int l,r,sum;
}tre[maxn * +];
int T,n;
void Built(int l,int r,int pos){
tre[pos].l=l;tre[pos].r=r;
if(l==r){ scanf("%d",&tre[pos].sum);return; }
int mid=(l+r)/;
Built(l,mid,pos*);
Built(mid+,r,pos*+);
tre[pos].sum=tre[pos<<].sum+tre[pos<<|].sum;
}
int Query(int l,int r,int pos){
int ans=;
if(l<=tre[pos].l&&tre[pos].r<=r)return tre[pos].sum;
int mid=(tre[pos].l+tre[pos].r)/;
if(mid>=l)ans+=Query(l,r,pos<<);
if(mid<r)ans+=Query(l,r,pos<<|);
tre[pos].sum=tre[pos<<].sum+tre[pos<<|].sum;
return ans;
}
void Add(int pos,int num,int now){
if(tre[now].l==tre[now].r){ tre[now].sum+=num;return ;}
int mid=(tre[now].l+tre[now].r)>>;
if(pos<=mid)Add(pos,num,now<<);
if(pos>mid)Add(pos,num,now<<|);
tre[now].sum=tre[now<<].sum+tre[now<<|].sum;
}
int main()
{
cin>>T;
int k=,x,y;
char str[];
while(T--){
memset(tre,,sizeof(tre));
scanf("%d",&n);
printf("Case %d:\n",k++);
Built(,n,);
while(){
scanf("%s",str);
if(strcmp(str,"End")==) break;
scanf("%d%d",&x,&y);
if(strcmp(str,"Query")==){
printf("%d\n",Query(x,y,));
}
if(strcmp(str,"Add")==){// zeng jia
Add(x,y,);
}
if(strcmp(str,"Sub")==){//jian shao
Add(x,-y,);
}
}
}
return ;
}
1698 Just a Hook
Time Limit: 4000/2000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 30143 Accepted Submission(s): 14884
Now Pudge wants to do some operations on the hook.
Let us number the consecutive metallic sticks of the hook from 1 to N. For each operation, Pudge can change the consecutive metallic sticks, numbered from X to Y, into cupreous sticks, silver sticks or golden sticks.
The total value of the hook is calculated as the sum of values of N metallic sticks. More precisely, the value for each kind of stick is calculated as follows:
For each cupreous stick, the value is 1.
For each silver stick, the value is 2.
For each golden stick, the value is 3.
Pudge wants to know the total value of the hook after performing the operations.
You may consider the original hook is made up of cupreous sticks.
For each case, the first line contains an integer N, 1<=N<=100,000, which is the number of the sticks of Pudge’s meat hook and the second line contains an integer Q, 0<=Q<=100,000, which is the number of the operations.
Next Q lines, each line contains three integers X, Y, 1<=X<=Y<=N, Z, 1<=Z<=3, which defines an operation: change the sticks numbered from X to Y into the metal kind Z, where Z=1 represents the cupreous kind, Z=2 represents the silver kind and Z=3 represents the golden kind.
10
2
1 5 2
5 9 3
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
using namespace std;
#define N 100000
struct Node{
int l,r,data,sum;
}tre[N*];
int n,m,x1,x2,x3,t;
void Built(int now,int l,int r){
tre[now].l=l;tre[now].r=r;
if(l==r)tre[now].sum=tre[now].data=;
else{
int mid=(l+r)>>;
Built(now<<,l,mid);Built(now<<|,mid+,r);
tre[now].data=;
tre[now].sum=tre[now<<].sum+tre[now<<|].sum;
}
}
void UpData(int now,int l,int r,int val){
if(tre[now].l==l&&tre[now].r==r){
tre[now].data=val;
tre[now].sum=(r-l+)*val;
}
else{
if(tre[now].data>){
tre[now<<].data=tre[now].data;
tre[now<<].sum=(tre[now<<].r-tre[now<<].l+)*tre[now<<].data; tre[now<<|].data=tre[now].data;
tre[now<<|].sum=(tre[now<<|].r-tre[now<<|].l+)*tre[now<<|].data;
}
tre[now].data=;
int mid=(tre[now].l+tre[now].r)>>;
if(r<=mid) UpData(now<<,l,r,val);
else if(l>mid) UpData(now<<|,l,r,val);
else{
UpData(now<<,l,mid,val);
UpData(now<<|,mid+,r,val);
} tre[now].sum=tre[now<<].sum+tre[now<<|].sum;
}
}
int main(){
scanf("%d",&t);
for(int i=;i<=t;i++){
scanf("%d",&n);
Built(,,n);
scanf("%d",&m);
while(m--){
scanf("%d%d%d",&x1,&x2,&x3);
UpData(,x1,x2,x3);
}
printf("Case %d: The total value of the hook is %d.\n",i,tre[].sum);
}
return ;
}
1082 线段树练习 3
时间限制: 3 s 空间限制: 128000 KB 题目等级 : 大师 Master
给你N个数,有两种操作:
1:给区间[a,b]的所有数增加X
2:询问区间[a,b]的数的和。
第一行一个正整数n,接下来n行n个整数,
再接下来一个正整数Q,每行表示操作的个数,
如果第一个数是1,后接3个正整数,
表示在区间[a,b]内每个数增加X,如果是2,
表示操作2询问区间[a,b]的和是多少。
pascal选手请不要使用readln读入
对于每个询问输出一行一个答案
3
1
2
3
2
1 2 3 2
2 2 3
9
数据范围
1<=n<=200000
1<=q<=200000
#include<iostream>
#include<cstdio>
using namespace std;
int n,m,type;
struct node{
int l,r;long long sum,flag;
}tre[];
long long read(){
long long x=,f=;char c=getchar();
while(c<''||c>''){if(c=='-')f=-;c=getchar();}
while(c>=''&&c<=''){x=x*+c-'';c=getchar();}
return x*f;
}
void build(int now,int l,int r){
tre[now].l=l;tre[now].r=r;
if(l==r){ tre[now].sum=read();return; }
int mid=(l+r)>>;
build(now<<,l,mid);
build(now<<|,mid+,r);
tre[now].sum=tre[now<<].sum+tre[now<<|].sum;
}
void tree_flag(int now){
if(tre[now].r==tre[now].l) return;
tre[now<<].flag+=tre[now].flag;
tre[now<<|].flag+=tre[now].flag;
tre[now<<].sum+=tre[now].flag*(tre[now<<].r-tre[now<<].l+);
tre[now<<|].sum+=tre[now].flag*(tre[now<<|].r-tre[now<<|].l+);
tre[now].flag=;
}
void UpData(int now,int l,int r,int k){
if(tre[now].l==l&&tre[now].r==r){
tre[now].sum+=(r-l+)*k;
tre[now].flag+=k;
return;
}
if(tre[now].flag) tree_flag(now);
int mid=(tre[now].l+tre[now].r)>>;
if(l>mid) UpData(now<<|,l,r,k);
else if(r<=mid) UpData(now<<,l,r,k);
else{
UpData(now<<,l,mid,k);
UpData(now<<|,mid+,r,k);
}
tre[now].sum=tre[now<<].sum+tre[now<<|].sum;
}
long long int Query(int now,int l,int r){
if(tre[now].l==l&&tre[now].r==r){
return tre[now].sum;
}
if(tre[now].flag)tree_flag(now);
tre[now].sum=tre[now<<].sum+tre[now<<|].sum;
int mid=(tre[now].l+tre[now].r)>>;
if(l>mid)return Query(now<<|,l,r);
else if(r<=mid)return Query(now<<,l,r);
else{
return Query(now<<,l,mid)
+Query(now<<|,mid+,r);
}
}
int main(){
n=read();
build(,,(int)n);
m=read();
long long int l,r,x;
for(int i=;i<=m;i++){
type=read();
if(type==){
l=read(),r=read(),x=read();
UpData(,(int)l,(int)r,(int)x);
}
else{
l=read(),r=read();
printf("%lld\n",Query(,(int)l,(int)r));
}
}
return ;
}
狂K 线段树的更多相关文章
- 吉首大学2019年程序设计竞赛(重现赛)-K(线段树)
题目链接:https://ac.nowcoder.com/acm/contest/992/K 题意:给一个大小为1e5的数组,由0 1组成,有两种操作,包括区间修改,将一段区间内的0换成1,1换成0; ...
- ACM学习历程—HDU5696 区间的价值(分治 && RMQ && 线段树 && 动态规划)
http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5696 这是这次百度之星初赛2B的第一题,但是由于正好打省赛,于是便错过了.加上2A的时候差了一题,当时有思路,但 ...
- 【洛谷5298】[PKUWC2018] Minimax(树形DP+线段树合并)
点此看题面 大致题意: 有一棵树,给出每个叶节点的点权(互不相同),非叶节点\(x\)至多有两个子节点,且其点权有\(p_x\)的概率是子节点点权较大值,有\(1-p_x\)的概率是子节点点权较小值. ...
- BZOJ 4034 [HAOI2015]树上操作 线段树+树剖或dfs
题意 直接照搬原题面 有一棵点数为 N 的树,以点 1 为根,且树点有边权.然后有 M 个 操作,分为三种: 操作 1 :把某个节点 x 的点权增加 a . 操作 2 :把某个节点 x 为根的子树中所 ...
- 学习笔记--函数式线段树(主席树)(动态维护第K极值(树状数组套主席树))
函数式线段树..资瓷 区间第K极值查询 似乎不过似乎划分树的效率更优于它,但是如果主席树套树状数组后,可以处理动态的第K极值.即资瓷插入删除,划分树则不同- 那么原理也比较易懂: 建造一棵线段树(权值 ...
- PAT天梯赛练习题 L3-002. 堆栈(线段树查询第K大值或主席树)
L3-002. 堆栈 时间限制 200 ms 内存限制 65536 kB 代码长度限制 8000 B 判题程序 Standard 作者 陈越 大家都知道“堆栈”是一种“先进后出”的线性结构,基本操作有 ...
- zoj 2112 Dynamic Rankings 动态第k大 线段树套Treap
Dynamic Rankings Time Limit: 20 Sec Memory Limit: 256 MB 题目连接 http://acm.zju.edu.cn/onlinejudge/show ...
- bzoj 3110: [Zjoi2013]K大数查询 树状数组套线段树
3110: [Zjoi2013]K大数查询 Time Limit: 20 Sec Memory Limit: 512 MBSubmit: 1384 Solved: 629[Submit][Stat ...
- SPOJ-COT-Count on a tree(树上路径第K小,可持久化线段树)
题意: 求树上A,B两点路径上第K小的数 分析: 同样是可持久化线段树,只是这一次我们用它来维护树上的信息. 我们之前已经知道,可持久化线段树实际上是维护的一个前缀和,而前缀和不一定要出现在一个线性表 ...
随机推荐
- 笔记-scrapy-cookie
笔记-scrapy-cookie传递 1. scrapy cookie传递 1.1. 开始 与cookie相关的设置参数有两个: COOKIES_ENABLED 决定是否使用cooki ...
- sql查询作业答案
sql查询作业答案 阅读目录 一 题目 二 答案 一 题目 1.查询所有的课程的名称以及对应的任课老师姓名 2.查询学生表中男女生各有多少人 3.查询物理成绩等于100的学生的姓名 4.查询平均成 ...
- 绿盟python测试实习面试
1.简历问题 低级错误:时间写错 最近好像越来越马大哈了,总是犯低级错误. 上次的开题报告首页,这次的时间,每次都有小问题,确是大毛病 到底哪里出错了 2 RHCE证书好像没有用 面试官根本就不懂这个 ...
- 常用数据库连接URL地址大全
1.Oracle8/8i/9i数据库(thin模式) Class.forName("oracle.jdbc.driver.OracleDriver").newInstance(); ...
- 剑指Offer - 九度1387 - 斐波那契数列
剑指Offer - 九度1387 - 斐波那契数列2013-11-24 03:08 题目描述: 大家都知道斐波那契数列,现在要求输入一个整数n,请你输出斐波那契数列的第n项.斐波那契数列的定义如下: ...
- 17、bootStrap组件
1.bootStrap组件 无数可复用的组件,包括字体图标.下拉菜单.导航.警告框.弹出框等更多功能. 2.字体图标 ①不要和其他图标混合使用 ②只能对内容为空的元素起作用 3.下拉菜单 <di ...
- 为什么要内存对齐 Data alignment: Straighten up and fly right
转载于http://blog.csdn.net/lgouc/article/details/8235471 为了速度和正确性,请对齐你的数据. 概述:对于所有直接操作内存的程序员来说,数据对齐都是很重 ...
- UVa 11374 - Airport Express ( dijkstra预处理 )
起点和终点各做一次单源最短路, d1[i], d2[i]分别代表起点到i点的最短路和终点到i点的最短路,枚举商业线车票cost(a, b); ans = min( d1[a] + cost(a, b ...
- c++ 2.1 编译器何时创建默认构造函数
我们通常会说当生命一个 class 时,如果我们不为该 class 指定一个 constructor,那么编译器会替我们实现一个 connstructor,那么这种说法一定对吗? 事实上,这是不对的. ...
- SVN客户端使用手册
使用svn进行源代码版本控制,代码管理利器. 优点: 使用方便,与文件管理器集成.速度快,稳定. 实现代码比较,比如对历史和当前代码进行比较. 解决多人同时编写代码时代码重复修改困难. 安装: 下载网 ...