ＵＶＡ－１６０１ The Morning after Halloween（ＢＦＳ或双向BFS）
题目大意：在一张图中，以最少的步数将a,b,c移到对应的A,B,C上去。其中，每个2x2的方格都有障碍并且不能两个小写字母同时占据一个格子。
题目分析：为避免超时，先将图中所有能联通的空格建起一张图，然后再BFS。
代码如下：
# include<iostream>
# include<cstdio>
# include<queue>
# include<cstring>
# include<algorithm>
using namespace std; struct Node
{
int t,now[3];
Node(int _t,int a=-1,int b=-1,int c=-1):t(_t){now[0]=a,now[1]=b,now[2]=c;}
bool operator < (const Node &a) const {
return t>a.t;
}
};
struct Edge
{
int to,nxt;
};
Edge e[2000];
char mp[17][17];
int w,h,n,cnt,head[267];
int goal[3],start[3],vis[268][268][268];
int d[5][2]={{0,0},{-1,0},{1,0},{0,1},{0,-1}}; void add(int u,int v)
{
e[cnt].to=v;
e[cnt].nxt=head[u];
head[u]=cnt++;
} void init()
{
cnt=0;
memset(start,-1,sizeof(start));
memset(goal,-1,sizeof(goal));
memset(head,-1,sizeof(head));
for(int i=0;i<h;++i){
for(int j=0;j<w;++j){
if(mp[i][j]=='#')
continue;
if(mp[i][j]>='a'&&mp[i][j]<='c')
start[mp[i][j]-'a']=i*w+j;
if(mp[i][j]>='A'&&mp[i][j]<='C')
goal[mp[i][j]-'A']=i*w+j;
for(int k=0;k<5;++k){
int ni=i+d[k][0],nj=j+d[k][1];
if(ni>=0&&ni<h&&nj>=0&&nj<w&&mp[ni][nj]!='#')
add(i*w+j,ni*w+nj);
}
}
}
} bool ok(const Node &u)
{
for(int i=0;i<n;++i)
if(u.now[i]!=goal[i])
return false;
return true;
} int bfs()
{
priority_queue<Node>q;
memset(vis,0,sizeof(vis));
vis[start[0]+10][start[1]+10][start[2]+10]=1;
q.push(Node(0,start[0],start[1],start[2]));
while(!q.empty())
{
Node u=q.top();
q.pop(); if(ok(u))
return u.t;
if(n==1){
for(int i=head[u.now[0]];i!=-1;i=e[i].nxt){
Node nxt=u;
nxt.now[0]=e[i].to;
if(vis[nxt.now[0]+10][nxt.now[1]+10][nxt.now[2]+10]) continue;
vis[nxt.now[0]+10][nxt.now[1]+10][nxt.now[2]+10]=1;
nxt.t=u.t+1;
q.push(nxt);
}
}else if(n==2){
for(int i=head[u.now[0]];i!=-1;i=e[i].nxt){
Node nxt=u;
nxt.now[0]=e[i].to;
for(int j=head[u.now[1]];j!=-1;j=e[j].nxt){
nxt.now[1]=e[j].to;
if(nxt.now[0]==nxt.now[1]) continue;
if(nxt.now[0]==u.now[1]&&nxt.now[1]==u.now[0]) continue;
if(vis[nxt.now[0]+10][nxt.now[1]+10][nxt.now[2]+10]) continue;
vis[nxt.now[0]+10][nxt.now[1]+10][nxt.now[2]+10]=1;
nxt.t=u.t+1;
q.push(nxt);
}
}
}else{
for(int i=head[u.now[0]];i!=-1;i=e[i].nxt){
Node nxt=u;
nxt.now[0]=e[i].to;
for(int j=head[u.now[1]];j!=-1;j=e[j].nxt){
nxt.now[1]=e[j].to;
if(nxt.now[0]==nxt.now[1]) continue;
if(nxt.now[0]==u.now[1]&&nxt.now[1]==u.now[0]) continue;
for(int k=head[u.now[2]];k!=-1;k=e[k].nxt){
nxt.now[2]=e[k].to;
if(nxt.now[2]==nxt.now[0]||nxt.now[2]==nxt.now[1]) continue;
if(nxt.now[2]==u.now[0]&&nxt.now[0]==u.now[2]) continue;
if(nxt.now[2]==u.now[1]&&nxt.now[1]==u.now[2]) continue;
if(vis[nxt.now[0]+10][nxt.now[1]+10][nxt.now[2]+10]) continue;
vis[nxt.now[0]+10][nxt.now[1]+10][nxt.now[2]+10]=1;
nxt.t=u.t+1;
q.push(nxt);
}
}
}
}
}
} int main()
{
while(scanf("%d%d%d",&w,&h,&n)&&(w+h+n))
{
getchar();
for(int i=0;i<h;++i)
gets(mp[i]);
init();
printf("%d\n",bfs());
}
return 0;
}
这道题已知结束状态，还可以使用双向BFS（个人感觉使用双向BFS的效率提升的并不是多明显，从2002ms提到1189ms，也可能是我的代码写得比较挫吧！！！）。
代码如下：
# include<iostream>
# include<cstdio>
# include<queue>
# include<cstring>
# include<algorithm>
using namespace std; struct Node
{
int t,now[3];
Node(int _t,int a=-1,int b=-1,int c=-1):t(_t){now[0]=a,now[1]=b,now[2]=c;}
bool operator < (const Node &a) const {
return t>a.t;
}
};
struct Edge
{
int to,nxt;
};
Edge e[2000];
char mp[17][17];
int w,h,n,cnt,head[267],mark[268][268][268];
int goal[3],start[3],vis[268][268][268];
int d[5][2]={{0,0},{-1,0},{1,0},{0,1},{0,-1}};
priority_queue<Node>q[2]; void add(int u,int v)
{
e[cnt].to=v;
e[cnt].nxt=head[u];
head[u]=cnt++;
} void init()
{
cnt=0;
memset(start,-1,sizeof(start));
memset(goal,-1,sizeof(goal));
memset(head,-1,sizeof(head));
for(int i=0;i<h;++i){
for(int j=0;j<w;++j){
if(mp[i][j]=='#')
continue;
if(mp[i][j]>='a'&&mp[i][j]<='c')
start[mp[i][j]-'a']=i*w+j;
if(mp[i][j]>='A'&&mp[i][j]<='C')
goal[mp[i][j]-'A']=i*w+j;
for(int k=0;k<5;++k){
int ni=i+d[k][0],nj=j+d[k][1];
if(ni>=0&&ni<h&&nj>=0&&nj<w&&mp[ni][nj]!='#')
add(i*w+j,ni*w+nj);
}
}
}
} int bfs(int id,int step)
{
while(!q[id].empty()){
Node u=q[id].top();
if(u.t!=step)
return -1;
q[id].pop(); if(n==1){
for(int i=head[u.now[0]];i!=-1;i=e[i].nxt){
Node nxt=u;
nxt.now[0]=e[i].to;
if(vis[nxt.now[0]+10][nxt.now[1]+10][nxt.now[2]+10]==-1){
vis[nxt.now[0]+10][nxt.now[1]+10][nxt.now[2]+10]=id;
mark[nxt.now[0]+10][nxt.now[1]+10][nxt.now[2]+10]=u.t+1;
nxt.t=u.t+1;
q[id].push(nxt);
}else if(vis[nxt.now[0]+10][nxt.now[1]+10][nxt.now[2]+10]==!id)
return u.t+1+mark[nxt.now[0]+10][nxt.now[1]+10][nxt.now[2]+10];
}
}else if(n==2){
for(int i=head[u.now[0]];i!=-1;i=e[i].nxt){
Node nxt=u;
nxt.now[0]=e[i].to;
for(int j=head[u.now[1]];j!=-1;j=e[j].nxt){
nxt.now[1]=e[j].to;
if(nxt.now[0]==nxt.now[1]) continue;
if(nxt.now[0]==u.now[1]&&nxt.now[1]==u.now[0]) continue;
if(vis[nxt.now[0]+10][nxt.now[1]+10][nxt.now[2]+10]==-1){
vis[nxt.now[0]+10][nxt.now[1]+10][nxt.now[2]+10]=id;
mark[nxt.now[0]+10][nxt.now[1]+10][nxt.now[2]+10]=u.t+1;
nxt.t=u.t+1;
q[id].push(nxt);
}else if(vis[nxt.now[0]+10][nxt.now[1]+10][nxt.now[2]+10]==!id)
return u.t+1+mark[nxt.now[0]+10][nxt.now[1]+10][nxt.now[2]+10];
}
}
}else{
for(int i=head[u.now[0]];i!=-1;i=e[i].nxt){
Node nxt=u;
nxt.now[0]=e[i].to;
for(int j=head[u.now[1]];j!=-1;j=e[j].nxt){
nxt.now[1]=e[j].to;
if(nxt.now[0]==nxt.now[1]) continue;
if(nxt.now[0]==u.now[1]&&nxt.now[1]==u.now[0]) continue;
for(int k=head[u.now[2]];k!=-1;k=e[k].nxt){
nxt.now[2]=e[k].to;
if(nxt.now[2]==nxt.now[0]||nxt.now[2]==nxt.now[1]) continue;
if(nxt.now[2]==u.now[0]&&nxt.now[0]==u.now[2]) continue;
if(nxt.now[2]==u.now[1]&&nxt.now[1]==u.now[2]) continue;
if(vis[nxt.now[0]+10][nxt.now[1]+10][nxt.now[2]+10]==-1){
vis[nxt.now[0]+10][nxt.now[1]+10][nxt.now[2]+10]=id;
mark[nxt.now[0]+10][nxt.now[1]+10][nxt.now[2]+10]=u.t+1;
nxt.t=u.t+1;
q[id].push(nxt);
}else if(vis[nxt.now[0]+10][nxt.now[1]+10][nxt.now[2]+10]==!id)
return u.t+1+mark[nxt.now[0]+10][nxt.now[1]+10][nxt.now[2]+10];
}
}
}
}
}
return -1;
} int solve()
{
while(!q[0].empty())
q[0].pop();
while(!q[1].empty())
q[1].pop();
memset(vis,-1,sizeof(vis));
memset(mark,0,sizeof(mark));
vis[start[0]+10][start[1]+10][start[2]+10]=0;
vis[goal[0]+10][goal[1]+10][goal[2]+10]=1;
q[0].push(Node(0,start[0],start[1],start[2]));
q[1].push(Node(0,goal[0],goal[1],goal[2]));
int step=0;
while(!q[0].empty()||!q[1].empty()){
if(!q[0].empty()){
int k=bfs(0,step);
if(k!=-1)
return k;
}
if(!q[1].empty()){
int k=bfs(1,step);
if(k!=-1)
return k;
}
++step;
}
return -1;
} int main()
{
while(scanf("%d%d%d",&w,&h,&n)&&(w+h+n))
{
getchar();
for(int i=0;i<h;++i)
gets(mp[i]);
init();
printf("%d\n",solve());
}
return 0;
}
ＵＶＡ－１６０１ The Morning after Halloween（ＢＦＳ或双向BFS）的更多相关文章
- BFS、双向BFS和A*
BFS.双向BFS和A* Table of Contents 1. BFS 2. 双向BFS 3. A*算法 光说不练是无用的.我们从广为人知的POJ 2243这道题谈起:题目大意:给定一个起点和一个 ...
- UVA - 1601 The Morning after Halloween （双向BFS&单向BFS）
题目: w*h(w,h≤16)网格上有n(n≤3)个小写字母(代表鬼).要求把它们分别移动到对应的大写字母里.每步可以有多个鬼同时移动(均为往上下左右4个方向之一移动),但每步结束之后任何两个鬼不能占 ...
- 小米 oj 马走日 （bfs 或 双向bfs）
马走日 序号:#56难度:困难时间限制:1500ms内存限制:10M 描述 在中国象棋中,马只能走日字型.现在给出一个由 N*M 个格子组成的中国象棋棋盘( 有(N+1)*(M+1)个交叉点可以落子 ...
- UVA - 1601 The Morning after Halloween (BFS/双向BFS/A*)
题目链接 挺有意思但是代码巨恶心的一道最短路搜索题. 因为图中的结点太多,应当首先考虑把隐式图转化成显式图,即对地图中可以相互连通的点之间连边,建立一个新图(由于每步不需要每个鬼都移动,所以每个点需要 ...
- UVA 1601 The Morning after Halloween
题意: 给出一个最大为16×16的迷宫图和至多3个ghost的起始位置和目标位置,求最少经过几轮移动可以使三个ghost都到达目标位置.每轮移动中,每个ghost可以走一步,也可以原地不动,需要注意的 ...
- UVA 1599 Ideal Path（bfs1+bfs2，双向bfs）
给一个n个点m条边(<=n<=,<=m<=)的无向图,每条边上都涂有一种颜色.求从结点1到结点n的一条路径,使得经过的边数尽量少,在此前提下,经过边的颜色序列的字典序最小.一对 ...
- UVA 1601 双向BFS
但是我们还不是很清楚每一次的状态怎么储存?我们可以用一个结构体,将每次的位置存起来,但是这个程序中用了一个更好的储存方法:我们知道最大的格数是16*16个,也就是256个,那么我们转换为二进制表示就是 ...
- POJ1915Knight Moves（单向BFS + 双向BFS）
题目链接 单向bfs就是水题 #include <iostream> #include <cstring> #include <cstdio> #include & ...
- POJ 1915-Knight Moves (单向BFS && 双向BFS 比)
主题链接:Knight Moves 题意:8个方向的 马跳式走法 ,已知起点 和终点,求最短路 研究了一下双向BFS,不是非常难,和普通的BFS一样.双向BFS只是是从 起点和终点同一时候開始搜索,可 ...
- ACM-BFS之Open the Lock——hdu1195（双向BFS）
这道题的0基础版本号,暴力BFS及题目详情请戳:http://blog.csdn.net/lttree/article/details/24658031 上回书说道,要用双向BFS来尝试一下. 最终A ...
随机推荐
- 【优先队列】POJ2010- Moo University-Financial Aid
[题目大意] 给出C头奶牛的SAT成绩和申请奖学金,选出N头牛,使得总奖学金在≤F的情况下奶牛SAT成绩的中位数最大. [思路] 假设before[i]表示前i头奶牛中n/2头奶牛奖学金总额的最小值, ...
- Oracle AWR之-enq: TX - allocate ITL entry
今天收到压力测试期间awr报告,测试人员要我看看数据库是否有可以优化的地方,数据库服务器配置信息:CPU:32*8,内存:480g 单实例数据库:oracle 11.2.0.4.具体分析过程如下: 可 ...
- 关于Python装饰器内层函数为什么要return目标函数的一些个人见解
https://blog.csdn.net/try_test_python/article/details/80802199 前几天在学装饰器的时候,关于装饰器内层函数调用目标函数时是否return目 ...
- Crossed ladders---poj2507（二分+简单几何）
题目链接:http://poj.org/problem?id=2507 题意就是给你x y c求出?的距离: h1 = sqrt(x*x-d*d); h2 = sqrt(y*y-d*d); (h1 ...
- 菜单和按钮-EasyUI Menu 菜单、EasyUI Linkbutton 链接按钮、EasyUI Menubutton 菜单按钮、EasyUI Splitbutton 分割按钮
EasyUI Menu 菜单 通过 $.fn.menu.defaults 重写默认的 defaults. 菜单(Menu)通常用于上下文菜单.它是创建其他菜单组件(比如:menubutton.spli ...
- OOP理解
https://www.cnblogs.com/xiaosongluffy/p/5072501.html OOP是面向对象编程,有几大基础特性.抽象,封装,继承,多态 1:抽象:将世界上的具体事物提取 ...
- Jenkins的持续集成
持续集成:不需要人工干预,持久化.重复的运行一个任务.将代码自动的更新到最新,然后自动运行. 新建项目之前要再Jenkins的全局工具配置里面把git的路径设置好.[全局工具配置]-->[Git ...
- vue基础篇(一)
1.简介 Vue (读音 /vjuː/,类似于 view) 是一套用于构建用户界面的渐进式框架.与其它大型框架不同的是,Vue 被设计为可以自底向上逐层应用.Vue 的核心库只关注视图层,不仅易于上手 ...
- Ubuntu vim java 自动补全javacomeplete2
一 安装vundle $ git clone https://github.com/VundleVim/Vundle.vim.git ~/.vim/bundle/Vundle.vim 默认安装在/.v ...
- 大喜python版opencv3发布，demo脚本抢鲜版发布
大喜,python版opencv3发布 zwPython3的升级也可以启动了,一直在等这个,zwPython会直接升级到版本3:zwPython3 zwPython3采用64位python3,支持op ...