关于2-sat的建图方法及解决方案

融合增减：

https://blog.csdn.net/qq_24451605/article/details/47126143

https://blog.csdn.net/u012915516/article/details/48442265

2 - SAT：

一个事物具有两面性，并且与其它事物存在约束关系

注意在建图的时候 不仅可以是在每次给出的两个间建边，还可以与其他的点建边

-------------------------------------------------对于2-sat问题的描述-------------------------------------------------

给出一个序列，每个数是一个bool值，给出一些限制关系，得到最终的可行解的问题叫做适应性问题，也就是sat问题，2-sat问题就是给出的限制最多是两两元素之间的限制。

这种适应性问题的解决，同样是能够抽象为我们已知的图论模型的。

--------------------------------------------------2-sat问题的建图方法--------------------------------------------------

1.我们利用一条有向边<i,j>，来表示选i的情况下，一定要选j;

2.用i表示某个点是true,那么i'表示某个点是false

3.因为限制的两两之间的关系，所以我们可以通过逻辑关系来建边：

在一些确定的关系中，要以确定的关系建边，可以为任意值的不建，只建有限制的（例 poj 2296 ），这种类型 要注意列出所有情况

 还有 就是要明确i和~i是什么 例如poj2296 是正方形在点的上边 还是下边   hdu1814 是i去还是i^1去 而不是 i去还是不去

若图中存在有向边i->j，则表示若选了i必须选j

默认下面的x  y都为1 也就是选择~~

And 结果为1：建边 ~x->x, ~y->y (两个数都为1)  

And 结果为0：建边 y->~x , x->~y(两个数至少有一个为0)

OR  结果为1：建边 ~x->y , ~y->x(两个数至少有一个为1)

OR  结果为0：建边 x->~x , y->~y(两个数都为0)

XOR 结果为1：建边 x->~y , ~x->y , ~y->x , y -> ~x (两个数一个为0，一个为1)

XOR 结果为0：建边 x->y , ~x->~y , y->x, ~y->~x(两个数同为1或者同为0)

这么建图之后，会出现一个有向图，这个有向图会导致一个连通环，导致某个点一旦选取，那么这条链上的所有点都要被选中。如果我们找到一个强连通分量，那么这个强连通分量当中的点，如果选取必须全部选取，不选取的话一定是全部不选取，所以只要满足这个有向图中连通的点不会导致i和i'同时被选取，如果不存在矛盾，那么当前问题就是有解的。但是往往在求解过程中，我们要求的解会要求一些性质，所以提供以下几种解决方案。

------------------------------------------------2-sat问题的解决方案--------------------------------------------------------

1.求字典序最小的解的方法：

暴力dfs求解（复杂度O(N*M)）

就是蓝书上的代码就是了  栈中的顺序即保证了字典序最小

2.判断当前的2-sa问题t是否有解

tarjan强连通缩点，加判断（复杂度O(N+M)）

就是判断u --> v 是否在同一个连通分量中

具体讲解见 伍昱：《由对称性解2-SAT问题》

 for(int i = ; i <  * n; i++)
        if(!vis[i]) tarjan (i);  

    for(int i = ; i < n; i++)
        if(sccno[i << ] == sccno[i <<  | ] )
            return false;
    return true;  

3.求出当前的2-sat问题的任意一组解

tarjan强连通缩点 + 反向建边 + 拓扑排序（染色） + 构建一组解（复杂度O（N+M)）

选择一个没有被染色的点u 将其染成1 把所有与u点矛盾的点v和v的子孙染成2 不断重复操作 直到没有点可以染色而止

例题

Wedding

POJ - 3648

n对夫妻去参加婚礼

但有m对人有通奸关系，（也有可能同性），不能让新娘看到有通奸关系的两个人坐在一边，n对夫妻必须不能坐在一边

新娘带着超豪华的头饰，以至于她不能看到和她一遍的人，现在求一组和新娘坐在一边的人的解

意思就是 有通奸关系的可以一边一个 ，也可以都坐在新娘的那边 （因为她看不到）

也就是至少有一个1

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <sstream>
#include <cstring>
#include <map>
#include <cctype>
#include <set>
#include <vector>
#include <stack>
#include <queue>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <bitset>
#define rap(i, a, n) for(int i=a; i<=n; i++)
#define rep(i, a, n) for(int i=a; i<n; i++)
#define lap(i, a, n) for(int i=n; i>=a; i--)
#define lep(i, a, n) for(int i=n; i>a; i--)
#define rd(a) scanf("%d", &a)
#define rlld(a) scanf("%lld", &a)
#define rc(a) scanf("%c", &a)
#define rs(a) scanf("%s", a)
#define pd(a) printf("%d\n", a);
#define plld(a) printf("%lld\n", a);
#define pc(a) printf("%c\n", a);
#define ps(a) printf("%s\n", a);
#define MOD 2018
#define LL long long
#define ULL unsigned long long
#define Pair pair<int, int>
#define mem(a, b) memset(a, b, sizeof(a))
#define _  ios_base::sync_with_stdio(0),cin.tie(0)
//freopen("1.txt", "r", stdin);
using namespace std;
const int maxn = , INF = 0x7fffffff, LL_INF = 0x7fffffffffffffff;
int n, m;
vector<int> G[maxn];
vector<int> f[maxn];
int vis[maxn], low[maxn], sccno[maxn], scc_clock, scc_cnt;
int head[maxn], cnt, in[maxn],col[maxn], cft[maxn];
stack<int> S;

void dfs(int u)
{
    low[u] = vis[u] = ++scc_clock;
    S.push(u);
    for(int i = ; i < G[u].size(); i++)
    {
        int v = G[u][i];
        if(!vis[v])
        {
            dfs(v);
            low[u] = min(low[u], low[v]);
        }
        else if(!sccno[v])
            low[u] = min(low[u], vis[v]);
    }
    if(vis[u] == low[u])
    {
        scc_cnt++;
        for(;;)
        {
            int x = S.top(); S.pop();
            sccno[x] = scc_cnt;
            if(x == u) break;
        }
    }
}

void bfs()
{
    queue<int> Q;
    for(int i = ; i <= scc_cnt; i++)   //把入度为0的加入的队列中
        if(!in[i])
            Q.push(i);
    while(!Q.empty())
    {
        int u = Q.front(); Q.pop();
        if(!col[u])     //染色
        {
            col[u] = ;
            col[cft[u]] = ;
        }
        for(int i = ; i < f[u].size(); i++)
        {
            int v = f[u][i];
            in[v]--;        //删除与u相关的边
            if(!in[v])
                Q.push(v);
        }
    }
}

void init()
{
    for(int i = ; i < maxn; i++) f[i].clear(), G[i].clear();
    while(!S.empty()) S.pop();
    mem(head, -);
    mem(vis, );
    mem(sccno, );
    mem(in, );
    mem(col, );
    cnt = scc_clock = scc_cnt = 0;
}

int main()
{
    while(cin >> n >> m && n + m)
    {
        init();
        int x, y;
        char a, b;
        for(int i = ; i < m; i++)
        {
            scanf("%d%c%d%c", &x, &a, &y, &b);
            if(a == 'w') x =  * x;
            else if(a == 'h') x =  * x + ;
            if(b == 'w') y =  * y;
            else if(b == 'h') y  =  * y + ;
            G[x^].push_back(y);
            G[y^].push_back(x);
        }
        G[].push_back();
        for(int i = ; i <  * n; i++)
        {
            if(!vis[i])
                dfs(i);
        }
        int flag = ;
        for(int i = ; i < n * ; i+=) //判断是否有解
        {
            int u = sccno[i], v = sccno[i + ];
            if(u == v)
            {
                flag = ;
                cout << "bad luck" << endl;
                break;
            }
            cft[u] = v;     //同时标记对立点
            cft[v] = u;
        }
        if(flag) continue;
        for(int i = ; i < n * ; i++)  //建反向边
        {
            for(int j = ; j < G[i].size(); j++)
            {
                int u = sccno[i], v = sccno[G[i][j]];
                if(u != v)
                {
                    f[v].push_back(u);
                    in[u]++;
                }
            }
        }
        bfs();      //拓扑排序
        for(int i = ; i < n * ; i+=)
        {
            if(i != ) cout << " ";
            if(col[sccno[i]] == col[sccno[]]) cout << i/ << "w";
            else cout << i/ << "h";
        }
        cout << endl;
    }

    return ;
}