hdu.5211.Mutiple(数学推导 && 在logn的时间内求一个数的所有因子)
Mutiple
wld有一个序列a[1..n], 对于每个1≤i<n, 他希望你求出一个最小的j(以后用记号F(i)表示),满足i<j≤n, 使aj为ai的倍数(即aj mod ai=0),若不存在这样的j,那么此时令F(i) = 0
保证1≤n≤10000,1≤ai≤10000 对于任意 1≤i≤n, 且对于任意1≤i,j≤n(i!=j),满足ai != aj
多组数据(最多10组)
对于每组数据:
第一行:一个数n表示数的个数
接下来一行:n个数,依次为a1,a2,…,an
对于每组数据:
输出F(i)之和(对于1≤i<n)
4
1 3 2 4
6
F(1)=2
F(2)=0
F(3)=4
F(4)=0
#include<stdio.h>
#include<string.h>
#include<vector>
const int M = 1e4 + ;
std::vector <int> g[M] ;
int f[M] ;
int a[M] ;
int n ; void init ()
{
for (int i = ; i <= ; i ++) {
for (int j = i ; j <= ; j += i ) {
g[j].push_back (i) ;
}
}
} int main ()
{
// freopen ("a.txt" , "r" , stdin ) ;
init () ;
while (~ scanf ("%d" , &n)) {
for (int i = ; i <= n ; i ++) scanf ("%d" , &a[i]) ;
memset (f , , sizeof(f)) ;
int sum = ;
for (int i = n; i > ; i --) {
sum += f[a[i]] ;
// printf ("a[%d]=%d , f = %d\n" , i , a[i] , f[a[i]]) ;
for (int j = ; j < g[a[i]].size () ; j ++) {
f[ g[a[i]][j] ]= i ;
}
}
printf ("%d\n" , sum ) ;
}
return ;
}
杰神教的打法,其实是令求1 , 2 , ……n的每个数的因子复杂度降到O(n/1 + n/2 + n/3 ……n/n) = O(nlogn) ,所以平均下来就是O(logn)了。
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