Codeforces Round #378 (Div. 2) D题（data structure）解题报告

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先简单的总结一下这次CF，前两道题非常的水，可是第一题又是因为自己想的不够周到而被Hack了一次（或许也应该感谢这个hack我的人，使我没有最后在赛后测试中WA）。做到C题时看到题目情况非常复杂，明显超出自己现在水平，卡了很久也没有好好做题。等了很长时间才开始看D题，而这时信心已经严重不足。赛后再看D题才发现自己比赛时理解错了题意，致使误以为题目非常复杂。而实际上，这个过程分析起来是非常容易的。

对于三种棱长度分别为a,b,c的石头，r最大为min(a,b,c)/2;。

如果两个石头要拼接，那么只能让较长的两个接在一起，否则就毫无意义。其实对于自己来说，比较困难的就是找到存储一块石头较长两条边的容器，和每一个可能可以拼的石头的编号。这里，就需要用到map整体存储，和pair存储石头的较长两边。找到这样存储的办法后，思路就是把石头一块块的扫，扫一遍后，也就得出了答案。

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int a[];
map<pair<int ,int >,int>ma;//用名字为ma的map记录最大的两条棱长，get到map的第一位是用于排序的。
map<pair<int ,int >,int>id;//用名字为id的map记录这两条棱属于的石头的编号
int main()
{
    int i,n,g1=,g2=,mx=;//g1用来记录最后选中的石头编号，g2兼起记录最后是一块石头还是两块，以及如果是两块石头那么另一块的编号是多少的作用。
    scanf("%d",&n);
    for(i=;i<=n;i++)
    {
        scanf("%d%d%d",&a[],&a[],&a[]);
        sort(a+,a+);//sort排个序，方便接下来操作
        if(a[]>mx)
        {
            mx=a[];g1=i;g2=;//最大值的产生有两种情况，这是其一，某块石头的最小棱长大于原本的最大值。如果产生了新的最大值，那么此时为一块石头的情况，将g2赋为0.
        }
        if(min(ma[make_pair(a[],a[])]+a[],a[])>mx){//注意拼接完的时候最小棱可能是新生成的棱，也可能是原本第二长的棱。
            mx=min(ma[make_pair(a[],a[])]+a[],a[]);
            g1=id[make_pair(a[],a[])];g2=i;//这是最大值产生的第二种情况。将g1、g2分别记录两块石头的编号。
        }
        if(a[]>ma[make_pair(a[],a[])])//if里的内容实际上含义为，如果这块石头现在无法以较长的两棱拼接。这时，就要先将最短的棱的值赋给这个map，方便接下来使用。
        {
            ma[make_pair(a[],a[])]=a[];
            id[make_pair(a[],a[])]=i;
        }
    }
    if(g2!=)//g2不为0，也就是两块石头的情况
    {
        printf("2\n%d %d\n",g1,g2);
    }
    else
    {
        printf("1\n%d\n",g1);
    }
    return ;

}

做题生涯第二次遇到pair，不由得想到了第一次遇见pair的Codeforces Round #377 (Div. 2) E题，这里也写一下解题报告。

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解题思路：

关键还是要找到恰当的容器存储电脑需要的电、插座的电，以及电脑插到的插座的位置，第几个电源按的分压器数量。头一次见到pair，真的是耳目一新。自己还是太弱，直到的太少，继续加油吧。

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
pair <long long ,long long >c[];//电脑需要功率
pair <long long ,long long >s[];//sockect 插座功率
long long n,m,adapter[],used[],lo[],ge1=,ge2=,i,j;
int main()
{
    cin>>n>>m;
    for(i=;i<=n;i++)
    {
        cin>>c[i].first;
        c[i].second=i;
    }
    for(i=;i<=m;i++)
    {
        cin>>s[i].first;
        s[i].second=i;
    }
    sort(c+,c++n);
    sort(s+,s++m);
    for(int z=;z<;z++)
    {
        for(i=,j=;i<=n;i++)
        {
            if(lo[c[i].second])//lo非0，意为已经找到了符合条件的插座，那么就看下一个i
                continue;
            while(j<=m&&(s[j].first<c[i].first))//这个插座功率小于电脑需要功率，那么就看下一个，由于之前排过序，之后每次统一除2，顺序仍不变
            {
                j++;
            }
            while(j<=m&&used[s[j].second])//如果这个插座用过了，那么也只能看下一个。
            {
                j++;
            }
            if(j<=m&&!used[s[j].second]&&s[j].first==c[i].first)//if里给出可以插上的所有条件，插座满足范围，没用过，且电流相等
            {
                lo[c[i].second]=s[j].second;//这时，这个电脑的插座位置就是这个插座的序号
                used[s[j].second]=;//将该插座标记为用过
                adapter[s[j].second]=z;//这个插座的分压器数量为此时除z进行到的轮数
                ge1++;//可以插电的电脑+1
                ge2+=z;//要使用的分压器数加上此时的轮数
            }
        }
        for(i=;i<=m;i++)
        {
            s[i].first=(s[i].first+)/;//进行插座统一减半操作
        }
    }
    cout<<ge1<<" "<<ge2<<endl;
    for(i=;i<=m;i++)
    {
        cout<<adapter[i]<<" ";//全都要输出，未使用的默认为0
    }
    cout<<endl;
    for(i=;i<=n;i++)
    {
        cout<<lo[i]<<" ";
    }
    cout<<endl;
}

总结：前路漫漫，要学的还有太多，知识上还是欠缺太多。不过学习阶段，rating不断的掉又有何妨，只要坚持下去，终有一天rating会得到提高。

补题过程中看到那么多从未见过的东西，艰难自学的过程是痛苦的，可是学会后也可以应用的感觉又是无比的令人感到充实与快乐。

勿忘初心，勇往直前！