F. Moving Points 解析(思維、離散化、BIT、前綴和)
Codeforce 1311 F. Moving Points 解析(思維、離散化、BIT、前綴和)
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題目連結
題目
略,請直接看原題。
前言
最近寫1900的題目更容易不看題解了,不知道是不是較少人\(AC\)的同難度題目會比較簡單。
想法
首先注意到,如果\(x\)座標上的前後兩點\(x_i,x_j\),\(x_i<x_j\),如果\(v[x_i]>v[x_j]\),不管\(v\)是正是負,兩點一定某個時候會重疊。反之,如果\(v[x_i]\le v[x_j]\),那麼我們就需要把答案加上\(x_j-x_i\)。
而我們可能會想到用\(BIT\)來維護\(:\)到某個\(x\)座標為止,小於等於某個速度的點有多少個。但是\(-10^8\le v_i\le10^8\)實在太大了,因此我們需要離散化\(v\),把範圍縮到至少\([1,n]\)。
但是我們可能會發現,我們不只需要維護小於等於某個速度的點有多少個,還需要知道這些點和目前看的點\(x_i\)的距離的和。
因此我們可以這樣做:首先把所有\(x_i\)減去最小的\(x\)值(也就是把\(x\)陣列平移到非負座標)。這樣一來\(BIT\)維護目前有\(r\)個點的速度小於等於\(v\),且這些點的\(x\)座標和為\(p\),那麼當我們考慮\(x_j\)這個點的時候(要去找有多少在\(x_j\)之前的點的速度比\(x_j\)的速度小),只需要把答案加上\(r\times x_j-p\)即可。
注意,本題\(x\)座標沒有排序,要自己先排序過。
且這題我的程式碼中的\(PII\)是\(pair<long\ long,long\ long>\)
程式碼:
const int _n=2e5+10;
int t,n,minn=1e9;
VI vv;
PII s[_n];
namespace BIT{
int nn;PII t[_n];
void update(int x,int val){while(x<=nn)t[x].fi+=val,t[x].se++,x+=(x&-x);}
//這模板是1-base,而且update是把修改量加上去
PII query(int x){PII res={0,0};while(x>0){res.fi+=t[x].fi,res.se+=t[x].se,x-=(x&-x);}return res;}
void init(int n_){nn=n_;}
}
main(void) {cin.tie(0);ios_base::sync_with_stdio(0);
cin>>n;rep(i,1,n+1){cin>>s[i].fi;minn=min(minn,s[i].fi);}rep(i,1,n+1){cin>>s[i].se;vv.pb(s[i].se);}
sort(s+1,s+n+1);sort(all(vv));int nn=unique(all(vv))-vv.begin();
rep(i,1,n+1)s[i].se=lower_bound(vv.begin(),vv.begin()+nn,s[i].se)-vv.begin()+1;
rep(i,1,n+1)s[i].fi-=minn;
BIT::init(nn); ll ans=0;
rep(i,1,n+1){
PII res=BIT::query(s[i].se);
ans+=1ll*s[i].fi*res.se-res.fi;
BIT::update(s[i].se,s[i].fi);
}cout<<ans<<'\n';
return 0;
}
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