一.公式

卡特兰数一般公式

  令h(0)=1,h(1)=1,catalan数满足递推式。h(n) = h(0)*h(n-1)+h(1)*h(n-2) + ... + h(n-1)h(0) (n>=2)。也就是说,如果能把公式化成上面这种形式的数,就是卡特兰数

组合公式

  Cn = C(2n,n) / (n+1)

  (化简前 h(n) = c(2n,n)-c(2n,n+1) (n=0,1,2,...) 证明)

递归公式1

  h(n) = h(n-1)*(4*n-2) / (n+1)

递归公式2

  h(n) = ∑(i=0 to n-1) h(i)*h(n-i-1)

二.资料

  catalan---卡特兰数(小结)

三.某些题

1.在圆上选择2n个等间隔的点。证明将这些点成对连接起来使得所得到的n条线段不相交的方法数等于第n个Catalan数

设方法数为gn,分别将这些点用1,2,…,2n标记。取定点1,任选另一个偶数点2k,连接点1与点2k。该线段将圆分成K1和K2两部分。对K1,有k-1对点,故有gk-1种方法;对K2,有n-k对点,故有gn-k种方法。所以
   g0=1
   令hn=gn-1,则
   hn+1=h1hn+h2hn-1+…+hnh1  h1=1

所以gn=g0 gn-1 + g1 gn-1 +...+ gn-1 g0

即 gn=Cn

2.二叉树计数:一个有n个结点的二叉树总共有多少种形态

 //设当前根节点为k,方案数为h[k],左子树有k-1个节点,右子树有n-k个节点
//则 h[k]=h[k-1]*h[n-k](k=1 to n)
//Ans= h[0]h[n-1] + h[1]h[n-2] +...+ h[n-1][0]
//即卡特兰数
#include<cstdio>
#include<cctype>
using namespace std;
const int N=; int n;
long long H[N]; int read()
{
int now=;bool f=;char c=getchar();
for(;!isdigit(c);c=getchar())
if(c=='-') f=;
for(;isdigit(c);c=getchar())
now=(now<<)+(now<<)+c-'';
return f?-now:now;
} int main()
{
n=read();
H[]=;
for(int i=;i<=n;++i)
H[i]=H[i-]*(*i-)/(i+);
printf("%lld",H[n]);
return ;
}

3.出栈次序:一个栈(无穷大)的进栈次序为1、2、3……n。不同的出栈次序有几种。

  我们可以这样想,假设k是最后一个出栈的数。比k早进栈且早出栈的有k-1个数,一共有h(k-1)种方案。比k晚进栈且早出栈的有n-k个数,一共有h(n-k)种方案。所以一共有h(k-1)*h(n-k)种方案。显而易见,k取不同值时,产生的出栈序列是相互独立的,所以结果可以累加。k的取值范围为1至n,所以结果就为h(n)= h(0)*h(n-1)+h(1)*h(n-2) + ... + h(n-1)h(0)。(转自Blog)
 //设k为最后一个出栈的数,
//有k-1个比k早进栈且比k早出栈,有C[k-1]种方案
//有n-k个比k晚进栈但比k早出栈,有C[n-k]种方案
//根据乘法原理,C[k]=C[k-1]*C[n-k](k=1 to n)
//Ans = C[0]C[n-1] + C[1][n-2] +...+ C[n-1][0]
#include<cstdio>
using namespace std;
const int N=; int n;
long long Ca[N]; int main()
{
scanf("%d",&n);
Ca[]=;
for(int i=;i<=n;++i)
Ca[i]=Ca[i-]*(*i-)/(i+);
printf("%lld",Ca[n]);
return ;
}

注:

  long long最大只能到33

Code:

 Ca[]=;
for(int i=;i<=n;++i)
Ca[i]=Ca[i-]*(*i-)/(i+);

Catalan

高精:

 #include<cstdio>
#include<cctype>
#include<cstring>
using namespace std;
const int p=,mod=; int C[]; inline int read()
{
int now=;bool f=;char c=getchar();
for(;!isdigit(c);c=getchar())
if(c=='-') f=;
for(;isdigit(c);c=getchar())
now=(now<<)+(now<<)+c-'';
return f?-now:now;
} void Print(int n[])
{
printf("%d",n[n[]]);
for(int i=n[]-;i;--i)
printf("%0*d",p,n[i]);
puts("");
}
void Mult(int n[],int t)
{
int x=;
++n[];
for(int i=;i<=n[];++i)
{
n[i]=n[i]*t+x;
// printf("%d:%d\n",i,n[i]);
x=n[i]/mod;
n[i]%=mod;
}
while(!n[n[]] && n[]>) --n[];
// Print(n);
}
void Div(int n[],int t)
{
int x=;
for(int i=n[];i;--i)
{
n[i]=x*mod+n[i];
x=n[i]%t;
n[i]/=t;
}
while(!n[n[]] && n[]>) --n[];
// Print(n);
} int main()
{
int n=read();
C[]=;
C[]=;
for(int i=;i<=n;++i)
{
// C[now]=C[now-1]*(4*i-2)/(i+1);
// printf("\n%d:\n",i);
Mult(C,*i-);
Div(C,i+);
// Print(C);
}
Print(C);
return ;
}

CODEVS.3113.二叉树计数2

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