BZOJ 2157: 旅游 (2017.7.21 6:30-2017.7.21 15:38 今日第一题。。)
Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 259 MB
Submit: 1754 Solved: 765
Description
Ray 乐忠于旅游,这次他来到了T 城。T 城是一个水上城市,一共有 N 个景点,有些景点之间会用一座桥连接。为了方便游客到达每个景点但又为了节约成本,T 城的任意两个景点之间有且只有一条路径。换句话说, T 城中只有N − 1 座桥。Ray 发现,有些桥上可以看到美丽的景色,让人心情愉悦,但有些桥狭窄泥泞,令人烦躁。于是,他给每座桥定义一个愉悦度w,也就是说,Ray 经过这座桥会增加w 的愉悦度,这或许是正的也可能是负的。有时,Ray 看待同一座桥的心情也会发生改变。现在,Ray 想让你帮他计算从u 景点到v 景点能获得的总愉悦度。有时,他还想知道某段路上最美丽的桥所提供的最大愉悦度,或是某段路上最糟糕的一座桥提供的最低愉悦度。
Input
输入的第一行包含一个整数N,表示T 城中的景点个数。景点编号为 0...N − 1。接下来N − 1 行,每行三个整数u、v 和w,表示有一条u 到v,使 Ray 愉悦度增加w 的桥。桥的编号为1...N − 1。|w| <= 1000。输入的第N + 1 行包含一个整数M,表示Ray 的操作数目。接下来有M 行,每行描述了一个操作,操作有如下五种形式: C i w,表示Ray 对于经过第i 座桥的愉悦度变成了w。 N u v,表示Ray 对于经过景点u 到v 的路径上的每一座桥的愉悦度都变成原来的相反数。 SUM u v,表示询问从景点u 到v 所获得的总愉悦度。 MAX u v,表示询问从景点u 到v 的路径上的所有桥中某一座桥所提供的最大愉悦度。 MIN u v,表示询问从景点u 到v 的路径上的所有桥中某一座桥所提供的最小愉悦度。测试数据保证,任意时刻,Ray 对于经过每一座桥的愉悦度的绝对值小于等于1000。
Output
对于每一个询问(操作S、MAX 和MIN),输出答案。
Sample Input
0 1 1
1 2 2
8
SUM 0 2
MAX 0 2
N 0 1
SUM 0 2
MIN 0 2
C 1 3
SUM 0 2
MAX 0 2
Sample Output
2
1
-1
5
3
HINT
一共有10 个数据,对于第i (1 <= i <= 10) 个数据, N = M = i * 2000。
#include <algorithm>
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <cstdio>
#define N 20205
using namespace std;
struct Edge
{
int next,to,dis;
}edge[N<<];
int son[N],q,T_dis[N],head[N],cnt,X[N],Y[N],Z[N],n,top[N],dfn[N],pos[N],size[N],tim,dep[N],dad[N];
void add(int u,int v,int w)
{
edge[++cnt].next=head[u];
edge[cnt].to=v;
edge[cnt].dis=w;
head[u]=cnt;
}
struct Tr
{
int dis,Max,Min;
bool flag;
Tr *left,*right;
void change()
{
dis=-dis;
Max=-Max;
Min=-Min;
swap(Max,Min);
flag^=;
}
void pushup()
{
dis=left->dis+right->dis;
Max=max(left->Max,right->Max);
Min=min(left->Min,right->Min);
}
void Tree_build(int l,int r)
{
int mid=(l+r)>>;
if(l==r) {dis=Max=Min=T_dis[mid];return;}
(left=new Tr)->Tree_build(l,mid);
(right=new Tr)->Tree_build(mid+,r);
pushup();
}
void pushdown()
{
if(flag)
{
left->change();
right->change();
flag=false;
}
}
void Tree_single_change(int x,int y,int t,int v)
{
int mid=(x+y)>>;
if(x==y)
{
dis=Max=Min=v;
return;
}
pushdown();
if(t<=mid) left->Tree_single_change(x,mid,t,v);
else right->Tree_single_change(mid+,y,t,v);
pushup();
}
void Tree_change_section(int x,int y,int l,int r)
{
int mid=(x+y)>>;
if(x==l&&y==r)
{
change();
return;
}
pushdown();
if(l>mid) right->Tree_change_section(mid+,y,l,r);
else if(r<=mid) left->Tree_change_section(x,mid,l,r);
else left->Tree_change_section(x,mid,l,mid),right->Tree_change_section(mid+,y,mid+,r);
pushup();
}
int Tree_query_sum(int x,int y,int l,int r)
{
int mid=(x+y)>>;
if(x==l&&y==r) return dis;
pushdown();
if(l>mid) return right->Tree_query_sum(mid+,y,l,r);
if(r<=mid) return left->Tree_query_sum(x,mid,l,r);
return left->Tree_query_sum(x,mid,l,mid)+right->Tree_query_sum(mid+,y,mid+,r);
}
int Tree_query_max(int x,int y,int l,int r)
{
int mid=(x+y)>>;
if(x==l&&y==r) return Max;
pushdown();
if(l>mid) return right->Tree_query_max(mid+,y,l,r);
if(r<=mid) return left->Tree_query_max(x,mid,l,r);
return max(left->Tree_query_max(x,mid,l,mid),right->Tree_query_max(mid+,y,mid+,r));
}
int Tree_query_min(int x,int y,int l,int r)
{
int mid=(x+y)>>;
if(x==l&&y==r) return Min;
pushdown();
if(l>mid) return right->Tree_query_min(mid+,y,l,r);
if(r<=mid) return left->Tree_query_min(x,mid,l,r);
return min(left->Tree_query_min(x,mid,l,mid),right->Tree_query_min(mid+,y,mid+,r));
}
}*Tree=new Tr;
void dfs1(int x)
{
dep[x]=dep[dad[x]]+;
size[x]=;
for(int i=head[x];i;i=edge[i].next)
{
int v=edge[i].to;
if(dad[x]!=v)
{
dad[v]=x;
dfs1(v);
size[x]+=size[v];
if(size[v]>size[son[x]])
son[x]=v;
}
}
}
void dfs2(int x)
{
if(son[dad[x]]==x) top[x]=top[dad[x]];
else top[x]=x;
pos[x]=++tim;
if(son[x]) dfs2(son[x]);
for(int i=head[x];i;i=edge[i].next)
if(edge[i].to!=dad[x]&&edge[i].to!=son[x])
dfs2(edge[i].to);
}
int Chain_query_max(int a,int b)
{
int Max=0xefefefef,fa=top[a],fb=top[b];
while(fa!=fb)
{
if(dep[fa]<dep[fb])
swap(a,b),swap(fa,fb);
Max=max(Max,Tree->Tree_query_max(,n,pos[fa],pos[a]));
a=dad[fa];fa=top[a];
}
if(a==b) return Max;
if(dep[a]<dep[b]) swap(a,b);
return max(Max,Tree->Tree_query_max(,n,pos[son[b]],pos[a]));;
}
int Chain_query_min(int a,int b)
{
int Min=0x3f3f3f3f,fa=top[a],fb=top[b];
while(fa!=fb)
{
if(dep[fa]<dep[fb])
swap(a,b),swap(fa,fb);
Min=min(Tree->Tree_query_min(,n,pos[fa],pos[a]),Min);
a=dad[fa];fa=top[a];
}
if(a==b) return Min;
if(dep[a]<dep[b]) swap(a,b);
return min(Min,Tree->Tree_query_min(,n,pos[son[b]],pos[a]));
}
int Chain_query_sum(int a,int b)
{
int sum=,fa=top[a],fb=top[b];
while(fa!=fb)
{
if(dep[fa]<dep[fb])
swap(a,b),swap(fa,fb);
sum+=Tree->Tree_query_sum(,n,pos[fa],pos[a]);
a=dad[fa];fa=top[a];
}
if(a==b) return sum;
if(dep[a]<dep[b]) swap(a,b);
return sum+Tree->Tree_query_sum(,n,pos[son[b]],pos[a]);
}
void Chain_change(int a,int b)
{
int fa=top[a],fb=top[b];
while(fa!=fb)
{
if(dep[fa]<dep[fb])
swap(a,b),swap(fa,fb);
Tree->Tree_change_section(,n,pos[fa],pos[a]);
a=dad[fa];fa=top[a];
}
if(a==b) return;
if(dep[a]<dep[b]) swap(a,b);
Tree->Tree_change_section(,n,pos[son[b]],pos[a]);
}
int main()
{
scanf("%d",&n);
for(int x,y,z,i=;i<n;i++)
{
scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);
++x;++y;
X[i]=x;Y[i]=y;Z[i]=z;
add(x,y,z);
add(y,x,z);
}
dfs1();dfs2();
for(int i=;i<n;i++) T_dis[ pos[ dep[X[i]]>dep[Y[i]]?X[i]:Y[i] ] ]=Z[i];
Tree->Tree_build(,n);
char str[];
scanf("%d",&q);
for(int x,y;q--;)
{
scanf("%s",str);
scanf("%d%d",&x,&y);
if(str[]=='S') printf("%d\n",Chain_query_sum(x+,y+));
else if(str[]=='A') printf("%d\n",Chain_query_max(x+,y+));
else if(str[]=='I') printf("%d\n",Chain_query_min(x+,y+));
else if(str[]=='C') Tree->Tree_single_change(,n,pos[dep[X[x]]>dep[Y[x]]?X[x]:Y[x]],y);
else if(str[]=='N') Chain_change(x+,y+);
}
return ;
}
BZOJ 2157: 旅游 (2017.7.21 6:30-2017.7.21 15:38 今日第一题。。)的更多相关文章
- BZOJ 2157: 旅游( 树链剖分 )
树链剖分.. 样例太大了根本没法调...顺便把数据生成器放上来 -------------------------------------------------------------------- ...
- bzoj 2157: 旅游 (LCT 边权)
链接:https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=2157 题面; 2157: 旅游 Time Limit: 10 Sec Memory Lim ...
- BZOJ 2157: 旅游
2157: 旅游 Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 259 MBSubmit: 1347 Solved: 619[Submit][Status][Discuss] ...
- 【刷题】BZOJ 2157 旅游
Description Ray 乐忠于旅游,这次他来到了T 城.T 城是一个水上城市,一共有 N 个景点,有些景点之间会用一座桥连接.为了方便游客到达每个景点但又为了节约成本,T 城的任意两个景点之间 ...
- BZOJ 2157 旅游(动态树)
[题目链接] http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=2157 [题目大意] 支持修改边,链上查询最大值最小值总和,以及链上求相反数 [题解] ...
- BZOJ 2157 旅游(树链剖分+线段树)
[题目链接] http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=2157 [题目大意] 支持修改边,链上查询最大值最小值总和,以及链上求相反数 [题解] ...
- bzoj 2157: 旅游【树链剖分+线段树】
裸的树链剖分+线段树 但是要注意一个地方--我WA了好几次才发现取完相反数之后max值和min值是要交换的-- #include<iostream> #include<cstdio& ...
- BZOJ 2157: 旅游 (树链剖分+线段树)
树链剖分后线段树维护区间最大最小值与和. 支持单点修改与区间取反. 直接写个区间取反标记就行了.线段树板题.(200行6000B+ 1A警告) #include <cstdio> #inc ...
- BZOJ 2157: 旅游 (结构体存变量)
用结构体存变量好像确实能提高运行速度,以后就这么写数据结构了 Code: #include <cstdio> #include <algorithm> #include < ...
随机推荐
- FPU同步(翻译)
本篇翻译的原英文在:http://mauve.mizuumi.net/2013/06/16/desyncs-and-fpu-synchronization/#more-725(可能要FQ) 如果你曾经 ...
- Ski Course Design
链接 分析:读题!读题!读题!重要的事说三遍,中文翻译漏掉了一个重要的地方,每个只能用一次,调了一下午还以为标程错了,其实就是找一段长为17的区间,然后使所有都处于这个区间中代价最小,暴力枚举即可. ...
- cas单点登录系统:客户端(client)详细配置(包含统一单点注销配置)
最近一直在研究cas登录中心这一块的应用,分享一下记录的一些笔记和心得.后面会把cas-server端的配置和重构,另外还有这几天再搞nginx+cas的https反向代理配置,以及cas的证书相关的 ...
- Elasticsearch 安装配置 外网访问 及 后台启动
本文转自http://www.jianshu.com/p/658961f707d8 作者:咪博士 感谢咪博士分享 Elasticsearch的安装总体来说还是相当简单的,当然中间也会有些小坑.不过大家 ...
- InstallShield 12 豪华版+破解版 下载
InstallShield 12 豪华版+破解版 下载 2009-07-09 19:18:30| 分类: 默认分类|字号 订阅 InstallShield 12 豪华版+破解版 下载 下载方 ...
- JAVA基础--异常10
一.Object类简介 1.Object类简介 Object,是Java一切对象的最高父类:如果一个类没有显示继承一个类,他的父类就是Object: 它描述的是Java世界里所有对象最最共性的信息,它 ...
- bzoj 4530: [Bjoi2014]大融合【LCT】
新姿势,一般来讲LCT只能维护splay重边里的数据,而这里要求维护整颗子树的size 多维护一个sq表示当前点轻儿子的size和,si表示包括轻重边的整颗子树的大小 然后需要改sq的地方是link和 ...
- 如何使用webstorm去操作git
0. 前言 在上一篇文章中,讲述了使用webstorm去调试node程序,最近研究了一下如何使用webstorm去操作git. 对于git的使用,大家的使用方式均有不同,最王道的方式非命令行莫属,基于 ...
- scrapy 用法总结
待更新: 建立python开发虚拟环境 virtualenv mkvirtualenv --python=the-path-to-the-python-you-want-to use 安装: 使用p ...
- Zookeeper的多节点集群详细启动步骤(3或5节点)
分为 (1)分别去3或5节点上去启动Zookeeper进程 (2)自己写个脚本,直接在主节点上去启动Zookeeper进程. (1)分别去3或5节点上去启动Zookeeper进程 第一步: [hado ...