Codeforces Round #540 (Div. 3)
A链接
讨论一下2a2a2a跟bbb的大小关系即可。
#include <set>
#include <map>
#include <queue>
#include <stack>
#include <math.h>
#include <bitset>
#include <vector>
#include <stdio.h>
#include <stdlib.h>
#include <string.h>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#define MAXN 1010100
#define LL long long
#define fi first
#define se second
#define mp make_pair
#define pb push_back
#define ll __int64
#define INF 0x7fffffff
#define cs(s) freopen(s,"r",stdin)
#define mem(x) memset(x,0,sizeof(x))
#define PI acos(-1)
#define eps 1e-10
using namespace std;
int gcd(int a,int b){return b?gcd(b,a%b):a;}
int lcm(int a,int b){return a/gcd(a,b)*b;}
LL powmod(LL a,LL b,LL MOD){LL ans=1;while(b){if(b%2)ans=ans*a%MOD;a=a*a%MOD;b/=2;}return ans;}
//head
int main(){
ios::sync_with_stdio(false);
int t;
for(cin>>t;t;t--){
LL n,a,b;
cin>>n>>a>>b;
if(2*a<=b)cout<<1ll*n*a<<endl;
else {
cout<<(1ll*n/2*b+1ll*(n%2)*a)<<endl;
}
}
return 0;
}
B链接
分奇偶性，预处理前缀和，然后遍历每个位置，判断一下即可。
#include <set>
#include <map>
#include <queue>
#include <stack>
#include <math.h>
#include <bitset>
#include <vector>
#include <stdio.h>
#include <stdlib.h>
#include <string.h>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#define MAXN 1010100
#define LL long long
#define fi first
#define se second
#define mp make_pair
#define pb push_back
#define ll __int64
#define INF 0x7fffffff
#define cs(s) freopen(s,"r",stdin)
#define mem(x) memset(x,0,sizeof(x))
#define PI acos(-1)
#define eps 1e-10
using namespace std;
int gcd(int a,int b){return b?gcd(b,a%b):a;}
int lcm(int a,int b){return a/gcd(a,b)*b;}
LL powmod(LL a,LL b,LL MOD){LL ans=1;while(b){if(b%2)ans=ans*a%MOD;a=a*a%MOD;b/=2;}return ans;}
//head
LL sum[200001],sumA[200001][2],sumB[200001],a[200001];
int main(){
ios::sync_with_stdio(false);
int n;
cin>>n;
for(int i=1;i<=n;i++)cin>>a[i],sum[i]=sum[i-1]+a[i];
sum[1]=a[1];
for(int i=1;i<=n;i++){
if(i%2)sumA[i][1]=sumA[i-1][1]+a[i],sumA[i][0]=sumA[i-1][0];
else sumA[i][0]=sumA[i-1][0]+a[i],sumA[i][1]=sumA[i-1][1];
}
int ans=0;
for(int i=1;i<=n;i++){
if(sumA[i-1][0]+sumA[n][1]-sumA[i][1]==sumA[i-1][1]+sumA[n][0]-sumA[i][0])ans++;
}
cout<<ans<<endl;
return 0;
}
C链接
模拟，题意是判断给的n2n^2n2个数能否组成一个回文矩阵。
分奇偶讨论：
n为偶数时，每个位置与之对称的位置有四个，即判断是否有一个数出现次数大于四，遍历14\frac{1}{4}41矩阵的每个位置即可。
n为奇数时，奇数与偶数不同的地方在于，必然有且仅有一个数出现了奇数次，这个数放正中间，然后遍历有四个对称位置的位置，放出现大于四次的即可，然后，中间行和中间列的每个元素与之对称的位置有两个，找出现大于两次的放即可。
若中间放的过程中，找不到满足的即输出-1。
#include <set>
#include <map>
#include <queue>
#include <stack>
#include <math.h>
#include <bitset>
#include <vector>
#include <stdio.h>
#include <stdlib.h>
#include <string.h>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#define MAXN 1010100
#define LL long long
#define fi first
#define se second
#define mp make_pair
#define pb push_back
#define ll __int64
#define INF 0x7fffffff
#define cs(s) freopen(s,"r",stdin)
#define mem(x) memset(x,0,sizeof(x))
#define PI acos(-1)
#define eps 1e-10
using namespace std;
int gcd(int a,int b){return b?gcd(b,a%b):a;}
int lcm(int a,int b){return a/gcd(a,b)*b;}
LL powmod(LL a,LL b,LL MOD){LL ans=1;while(b){if(b%2)ans=ans*a%MOD;a=a*a%MOD;b/=2;}return ans;}
//head
int a[444],cnt[1111];
int ans[22][22];
int main(){
ios::sync_with_stdio(false);
int n;
cin>>n;
for(int i=1;i<=n*n;i++)cin>>a[i],cnt[a[i]]++;
if(n==1){cout<<"YES\n"<<a[1];return 0;}
if((n)%2){
int bj=0;
for(int k=1;k<=1000;k++){
if(cnt[k]%2!=0){ans[(n+1)/2][(n+1)/2]=k,bj=1;cnt[k]--;break;}
}
if(!bj)return cout<<"NO\n",0;
}
for(int i=1;i<=1000;i++){
if(cnt[i]%2)return cout<<"NO",0;
}
for(int i=1;i<=n/2;i++){
for(int j=1;j<=n/2;j++){
if(ans[i][j])continue;
int bj=0;
for(int k=1;k<=1000;k++){
if(cnt[k]>=4){
ans[i][j]=k;
ans[n-i+1][j]=k;
ans[i][n-j+1]=k;
ans[n-i+1][n-j+1]=k;
cnt[k]-=4;
bj=1;
break;
}
}
if(!bj){return cout<<"NO",0;}
}
}
if(n%2){
for(int j=1;j<=n/2;j++){
int bj=0;
for(int i=1;i<=1000;i++){
if(cnt[i]>=2){ans[j][(n+1)/2]=ans[n-j+1][(n+1)/2]=i,cnt[i]-=2;bj=1;break;}
}
if(!bj)return cout<<"NO",0;
}
for(int j=1;j<=n/2;j++){
int bj=0;
for(int i=1;i<=1000;i++){
if(cnt[i]>=2){ans[(n+1)/2][j]=ans[(n+1)/2][n-j+1]=i,cnt[i]-=2;bj=1;break;}
}
if(!bj)return cout<<"NO",0;
}
}
cout<<"YES\n";
for(int i=1;i<=n;i++){
for(int j=1;j<=n;j++)cout<<ans[i][j]<<' ';
cout<<endl;
}
return 0;
}
F1链接
题意是找到最多数量的边。
这种边满足：去掉这条边之后分成的两个部分，不同时存在红色和蓝色。
做法：两次dfs
第一次dfs:从1开始dfs这颗树，记录当前节点可以遍历到的红色，蓝色的数量。
第二次dfs:从1开始dfs这棵树，设当前节点为uuu，下一个节点为vvv，显然，从1到vvv只能存在一个颜色，且另一个颜色只能存在于v−>nv->nv−>n,记录下答案即可。
#include <set>
#include <map>
#include <queue>
#include <stack>
#include <math.h>
#include <bitset>
#include <vector>
#include <stdio.h>
#include <stdlib.h>
#include <string.h>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#define MAXN 1010100
#define LL long long
#define fi first
#define se second
#define mp make_pair
#define pb push_back
#define ll __int64
#define INF 0x7fffffff
#define cs(s) freopen(s,"r",stdin)
#define mem(x) memset(x,0,sizeof(x))
#define PI acos(-1)
#define eps 1e-10
using namespace std;
int gcd(int a,int b){return b?gcd(b,a%b):a;}
int lcm(int a,int b){return a/gcd(a,b)*b;}
LL powmod(LL a,LL b,LL MOD){LL ans=1;while(b){if(b%2)ans=ans*a%MOD;a=a*a%MOD;b/=2;}return ans;}
//head
const int N=3e5+11;
int n,a[N],ans;
vector<int>v[N];
int cnt[N][4];
void dfs1(int now,int pre){
cnt[now][a[now]]++;
for(auto k:v[now]){
if(k==pre)continue;
dfs1(k,now);
for(int j=0;j<3;j++)cnt[now][j]+=cnt[k][j];
}
}
void dfs2(int now,int pre){
for(auto k:v[now]){
if(k==pre)continue;
dfs2(k,now);
if(cnt[k][1]==0&&cnt[1][2]==cnt[k][2])ans++;
if(cnt[k][2]==0&&cnt[1][1]==cnt[k][1])ans++;
}
}
int main(){
ios::sync_with_stdio(false);
cin>>n;
for(int i=1;i<=n;i++)cin>>a[i];
for(int i=1;i<n;i++){
int s,t;
cin>>s>>t;
v[s].pb(t);
v[t].pb(s);
}
dfs1(1,0);
dfs2(1,0);
cout<<ans<<endl;
return 0;
}
D链接
题意是，有n杯咖啡，m页作业，每杯咖啡只能喝一次。每天可以喝任意多杯咖啡。
假如有一天喝了k杯咖啡，那么这一天的总贡献为∑1kmax(aki−k+1,0)\sum_1^{k}max(a_{ki}-k+1,0)∑1kmax(aki−k+1,0)。
问 ：最少要多少天能完成作业，或者完不成输出-1 。
做法：二分答案，上界n，下界1，ans初始为-1。
先将nnn杯咖啡按权值排序（大的优先）
每次checkcheckcheck当前天数midmidmid，nnn杯咖啡均摊给midmidmid天，依次递减，求出总贡献与m比较即可。
#include <set>
#include <map>
#include <queue>
#include <stack>
#include <math.h>
#include <bitset>
#include <vector>
#include <stdio.h>
#include <stdlib.h>
#include <string.h>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#define MAXN 1010100
#define LL long long
#define fi first
#define se second
#define mp make_pair
#define pb push_back
#define ll __int64
#define INF 0x7fffffff
#define cs(s) freopen(s,"r",stdin)
#define mem(x) memset(x,0,sizeof(x))
#define PI acos(-1)
#define eps 1e-10
using namespace std;
int gcd(int a,int b){return b?gcd(b,a%b):a;}
int lcm(int a,int b){return a/gcd(a,b)*b;}
LL powmod(LL a,LL b,LL MOD){LL ans=1;while(b){if(b%2)ans=ans*a%MOD;a=a*a%MOD;b/=2;}return ans;}
//head
LL n;
LL a[200001],ans=-1;
LL m;
int cmp(int A,int b){
return A>b;
}
int ch(int k){
int cnt=0;
LL sum=0;
int res=0;
for(int i=1;i<=n;i++){
sum+=max(a[i]-cnt,0ll);
res++;
if(res==k)cnt++,res=0;
}
return sum>=m;
}
int main(){
ios::sync_with_stdio(false);
cin>>n>>m;
LL sum=0;
for(int i=1;i<=n;i++)cin>>a[i],sum+=a[i];
if(sum<m)return cout<<-1,0;
else if(sum==m)return cout<<n,0;
sort(a+1,a+1+n,cmp);
LL l=1,r=n;
ans=-1;
while(l<=r){
LL mid=(l+r)/2;
if(ch(mid))r=mid-1,ans=mid;
else l=mid+1;
}
cout<<ans<<endl;
return 0;
}
E链接
题意：n对，k种颜色。
要求构造n对，满足：
(设每对的颜色为gi,big_i,b_igi,bi)
1.每一对的gi≠big_i \neq b_igi̸=bi。
2.k≤gi,bi≤kk \leq g_i,b_i \leq kk≤gi,bi≤k
3.不存在i,j(i≠j),bi=bj且gi=gji,j(i \neq j),b_i=b_j且g_i=g_ji,j(i̸=j),bi=bj且gi=gj。
4.1....n−1满足bi≠bi+1,gi≠gi+11....n-1满足b_i \neq b_{i+1},g_i \neq g_{i+1}1....n−1满足bi̸=bi+1,gi̸=gi+1。
显然k种颜色最多可以构造k∗(k−1)k*(k-1)k∗(k−1)组不同的对。n>k∗(k−1)n>k*(k-1)n>k∗(k−1)则不可能构造出来，即输出-1。
#include <set>
#include <map>
#include <queue>
#include <stack>
#include <math.h>
#include <bitset>
#include <vector>
#include <stdio.h>
#include <stdlib.h>
#include <string.h>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#define MAXN 1010100
#define LL long long
#define fi first
#define se second
#define mp make_pair
#define pb push_back
#define ll __int64
#define INF 0x7fffffff
#define cs(s) freopen(s,"r",stdin)
#define mem(x) memset(x,0,sizeof(x))
#define PI acos(-1)
#define eps 1e-10
using namespace std;
int gcd(int a,int b){return b?gcd(b,a%b):a;}
int lcm(int a,int b){return a/gcd(a,b)*b;}
LL powmod(LL a,LL b,LL MOD){LL ans=1;while(b){if(b%2)ans=ans*a%MOD;a=a*a%MOD;b/=2;}return ans;}
//head
int a[200001];
int main(){
ios::sync_with_stdio(false);
int n,k;
cin>>n>>k;
if(n>1ll*k*(k-1))cout<<"NO\n";
else{
cout<<"YES\n";
for(int i=1;i<=k;i++){
a[i]=i+1;
if(a[i]==k+1)a[i]=1;
}
for(int i=1,j=1;i<=n;i++){
cout<<j<<' '<<a[j]<<endl;
a[j]++;
if(a[j]==k+1)a[j]=1;
j++;
if(j==k+1)j=1;
}
}
return 0;
}
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